EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 Vamos analisar o seguinte circuito trifásico: Esta aula: ! Sistemas Trifásicos equilibrados com Transformador ideal j100Ω Nesta aula analisaremos um sistema trifásico equilibrado com transformador. Gerador Trafo Δ−Y 20 MVA (trifásico) 20/200 kV Como o sistema é equilibrado, podemos analisar o circuito trifásico tratando apenas de uma das fases. No entanto, a presença do transformador requer cuidado nas transformações de tensão e corrente, especialmente se as conexões dos enrolamentos primário e secundários forem distintas (isto é, estrela-triângulo e triânguloestrela). Carga 30 MVA (trifásico) 340 kV (linha) FP = 0,8 atrasado Deseja-se saber a potência entregue pelo gerador, de forma a termos 340kV (tensão de linha) na carga. Solução: Vamos inicialmente interpretar os dados de cada componente: Tranformador: • Possui conexão triângulo - estrela, • A potência aparente trifásica (do primário ou do secundário) é 20 MVA, • É ideal, • 20 kV no enrolamento primário corresponde a 200 kV no enrolamento secundário. A seguir analisaremos um circuito trifásico equilibrado com um transformador triânguloestrela. O objetivo desse exercício é praticar a manipulação das transformações de corrente e tensão em um transformador com diferentes conexões de primário e secundário. 1 2 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 Essa informação nos permite concluir que Vamos, então, primeiramente, representar a carga e o transformador nos seus equivalentes estrela. VSEC 200kV =a= = 10 . VPRI 20kV Carga: Se tensão de linha vale 340 kV, então a tensão de fase é dada por: É importante notar que a = 10 é a relação entre tensões dos enrolamentos, e não das tensões de linha, uma vez que o transformador é Δ − Y . VF = Carga: • Potência aparente trifásica vale 30 MVA, • Tensão nominal de linha é 340 kV, • Fator de potência é 0,8 atrasado. VL 340 = = 196,3kV . 3 3 Sabemos também que a potência especificada de 30 MVA é a potência trifásica aparente, dada por: S3φ = 3VL I L ∠θ . Linha: • A impedância por linha vale j100Ω Como regra geral de solução de problemas de circuitos trifásicos equilibrados, devemos: • Transformar todos os componentes do circuito nos seus equivalentes estrela, • Analisar apenas uma das fases do circuito. 3 Assim, a corrente de linha, ou seja, aquela que atravessa a carga na sua forma estrela, vale e 30 ×106 = 3 × 340 ×103 × I L I L = 50,94 A . 4 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 Note que VF × I L = 196,3 ×103 × 50,96 = 10 ×106 VA , Consideremos os esquemas triângulo e estrela abaixo: Ia que é exatamente a potência de uma fase da carga. Portanto, podemos representar a carga como: 50,94 A 196,3kV I ca Ia a a I ab Vab a n c 340kV Vab Van b c b Supondo sequência de fase abc, temos n o Vab = Van − Vbn ⇒ Vab = 3Van∠30 , Ic c b o I a = I ab − I ca ⇒ I a = 3I ab∠ − 30 . Ib Transformador: Como o transformador tem conexão triânguloestrela, temos que modificar apenas a conexão do primário, passando de triângulo para estrela. Primeiramente vamos rever as relações entre correntes (tensões) triângulo e estrela. 5 6 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 Consideremos agora a transformação conexão Δ − Y para Y − Y : da Tensão: Sabemos que I1Y I1 I2 V1 e V2 Vab = 3Van∠30o V2 =a V1 Y o leva a V1 = 3V1 ∠30 . Portanto: I1Y V1Y V2 V2 = =a ⇒ V1 3V1Y ∠30o I2 V1 V2 = a 3∠30o . Y V1 V2 Vamos derivar as relações: V2 V1Y e I2 . I1Y 7 8 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 Corrente: Sabemos que Podemos agora desenhar o circuito equivalente monofásico, em que todos os componentes são representados pelos seus equivalentes estrelas: I2 1 = , I1 a e I a = 3I ab∠ − 30o I1Y I2 ZL leva a I1Y = 3I1 ∠ − 30o VG V2 V1Y ZC VC ou I1 = I1Y ∠30o . 3 em que Portanto: I2 I2 = Y I1 I1 ∠30o 1 = ⇒ 3 a I2 1 = ∠30o Y I1 a 3 I2 1 = ∠30o . Y I1 a 3 e V2 = a 3∠30o . Y V1 Sabemos que VC = 196,3∠0o kV e I C = 50,94∠ − 36,9o A , onde adotamos a tensão na carga como a referência de fase. Portanto: V2 = VC + I C × Z L = 199,4∠1,17 o kV. 9 10 EA611 – Circuitos II – FEEC – UNICAMP – Aula 16 Consequentemente: V1Y = V2 = 11,51∠ − 28,83o kV . o a 3∠30 Quanto às correntes, temos: I 2 = I C = 50,94∠ − 36,9o A e I1Y = I 2 a 3∠ − 30o = 882,3∠ − 66,9o A . Portanto: e VG = 11,51∠ − 28,83o kV I G = 882,3∠ − 66,9o A. Assim, a potência trifásica fornecida pela fonte vale: * S3φ = 3VG (I G ) = 30,465 MVA∠38,07o . 11