Física I -2009/2010 11a Série - Física dos Fluidos - Resolução Questões: Q1 - Se a parte superior da sua cabeça tiver uma área de 100 cm2 , qual é o peso do ar que se encontra por cima da sua cabeça? Q2 - Quando usa uma palhinha para beber um líquido, reduz a pressão na sua boca e permite que a atmosfera faça mover o líquido. Explique o funcionamento deste processo. Poder-se-ia utilizar uma palhinha para beber um refresco na Lua? Q3 - Um barco viajará a maior altura no oceano ou num lago de água doce? Explique. Q4 - O chumbo tem massa volúmica superior à do ferro e ambos são mais densos do que a água. A impulsão num objecto de chumbo é maior, igual ou menor do que a impulsão num objecto de ferro de igual volume quando ambos estão completamente mergulhados na água? Q5 - O fumo sobe mais depressa numa chaminé quando o vento está forte. Justifique com base na equação de Bernoulli. Q6 - O fornecimento de água a uma cidade provém muitas vezes de depósitos colocados num ponto alto. A água flui do reservatório, através dos canos, até à nossa casa quando abrimos uma torneira. Porque é que a água corre mais rapidamente numa torneira do rés-do-chão do que numa torneira de um andar superior? Problemas: P1 - Determine a pressão absoluta no fundo de um lago cuja profundidade é de 30 m. Resolução: A pressão na superfície do lago é a pressão atmosférica. A diferença de pressão entre um ponto na superfície do lago, p0 , e um ponto à profundidade de 30 m, p, pode ser obtida utilizando o princípio fundamental da hidrostática: p = p0 + ρgh, em que ρ é a massa volúmica da água, g é a aceleração de gravidade e h é a diferença de altura entre os dois pontos. Consequentemente, tomando p0 = patm = 1.01 × 105 Pa, em que utilizamos como unidade de pressão o pascal (1 Pa = 1 N/ m2 ), e ρ = 1.00 × 103 kg/ m2 , temos p = 1.01 × 105 N/ m2 + 1.00 × 103 kg/ m3 × 9.80 m/ s2 × 30 m = 3.95 × 105 N/ m2 . P2 - O pistão mais pequeno de um elevador hidráulico tem uma área de secção recta de 3.00 cm2 , enquanto que o pistão maior tem uma área de 200 cm2 .Qual é a força que deve ser aplicada no pistão pequeno para elevar um peso de 15.0 kN? Resolução: Recorrendo ao princípio de Pascal, a pressão exercida num ponto de um fluido transmitese igualmente a qualquer ponto do fluido. Para elevar um peso de 15.0 kN precisamos de obter esta 1 força no pistão grande. Como a área deste é A = 2.00 × 10−2 m2 , a pressão extra necessária para elevar o peso é ∆P = F A 15 × 103 N 2.00 × 10−2 m2 = 7. 5 × 105 Pa. = Esta mesma pressão extra deve ser obtida exercendo uma força de módulo f no pistão pequeno, de área a = 3.00 cm2 . Obtemos assim, f ∆P = a ou f = a∆P = 3.00 × 10−4 m2 × 7. 5 × 105 Pa = 225 N. P3 - A mola do manómetro da figura tem uma constante de força de 1000 N/ m, e o pistão tem um diâmetro de 2.0 cm. Obtenha a profundidade da água para a qual a mola fica comprimida de 0.50 cm. Problema P3. Resolução: A força exercida sobre o pistão é igual à pressão p da água vezes a área A do pistão: pA = kx, em que k é a constante da mola e x a distância de que esta é comprimida. A pressão em função da profundidade h é obtida a partir do princípio fundamental da hidrostática p = patm + ρgh, em que patm é a pressão atmosférica, ρ é a massa volúmica da água, g é a aceleração de gravidade e h é a profundidade da água. O manómetro está calibrado de modo que x = 0 quando p = patm . Obtemos, assim, ρghA = kx ρghA = kx kx h = ρgA 1000 N/ m × 0.50 × 10−2 m ¶ µ 0.02 m 2 3 3 2 1.00 × 10 kg/ m × 9.8 m/ s × π × 2 = 1.62 m. = 2 P4 - Um tubo em U de área de secção recta constante, aberto à atmosfera, está parcialmente cheio de mercúrio. É vertida água em ambos os braços do tubo. Se a configuração de equilíbrio do tubo é a que mostra a figura, com h2 = 1.00 cm, determine o valor de h1 . Problema P4. Resolução: Se equacionarmos o valor da pressão ao nível da superfície de separação entre a água e o mercúrio no braço esquerdo, calculado através dos dois braços obtemos, patm + ρágua gh1 + ρágua gd + ρágua gh2 = patm + ρágua gd + ρmercúrio gh2 , em que d é a altura de água no braço direito. O membro esquerda da equação anterior dá-nos a pressão no nível de separação da água e mercúrio no braço esquerdo do tubo e o lado direito dá-nos a pressão ao meso nível no braço direito. Simplificando, obtemos ρágua h1 + ρágua h2 = ρmercúrio h2 ¡ ¢ ρmercúrio − ρágua h2 h1 = ρágua 13.6 × 103 kg/ m3 − 1.00 × 103 kg/ m3 −2 10 m 1.00 × 103 kg/ m3 = 12.6 cm. = P5 - Um cubo de madeira, com 20 cm de aresta e massa volúmica de 0.65 × 103 kg/ m3 flutua na água. a) Qual é a distância desde a face superior do cubo até à superfície da água? b) Qual a massa de chumbo que deve ser colocada sobre o cubo para que a superfície superior deste fique ao nível da água? (Suponha que a superfície superior fica sempre paralela à superfície da água). Resolução: a) O peso do cubo é equilibrado pela impulsão da água, isto é ρcubo gV = ρágua gV 0 , em que ρcubo e V são, respectivamente, a massa volúmica e o volume do cubo, ρágua a massa volúmica da água e V 0 o volume de cubo imerso na água. g é a aceleração da gravidade. O volume imerso é, consequentemente, ρcubo V V0 = ρágua 0.65 × 103 kg/ m3 × (0.20 m)3 1.00 × 103 kg/ m3 = 5.2 × 10−3 m3 . = 3 Se L é a aresta do cubo e d a distância da face superior deste até à água, o volume imerso é V 0 = L2 (L − d) ou L3 − V 0 L2 (0.20 m)3 − 5.2 × 10−3 m3 = (0.20 m)2 = 0.07 m d = = 7 cm. b) O peso total do cubo e do chumbo deve ser numericamente igual ao da impulsão da água quando o cubo está completamente mergulhado. Se P 0 é o peso de chumbo pedido, então P 0 + ρcubo V g = ρágua V g, de onde ¡ ¢ ρágua − ρcubo V g ¢ ¡ = 1.00 × 103 kg/ m3 − 0.65 × 103 kg/ m3 × (0.20 m)3 × 9.8 m/ s2 P0 = = 27.4 N,. que corresponde a uma massa de chumbo igual a P0 g 27.4 = 9.8 = 2.8 kg. m0 = P6 - Uma bola de ping-pong tem diâmetro de 3.8 cm e massa volúmica média de 0.084 g/ cm3 . Qual é o módulo da força vertical necessária para a manter completamente mergulhada na água? Resolução: Mantida completamente debaixo de água, a bola está sujeita às seguintes forças, o peso P , a impulsão da água I e a força F , isto é, P + I + F = 0, Considerando um eixo de referência vertical apontando para baixo, obtemps a equação escalar F +P −I =0 ou F = I −P = ρágua gV − ρbola gV, 4 em que ρágua e ρbola são as massas volúmicas, respectivamente, da água e da bola, g é a aceleração da µ ¶3 d 4 gravidade e V é o volume da bola. Se d é o diâmetro da bola, então V = π 3 2 ¡ ¢ F = ρágua − ρbola gV ¢ ¡ 4 = 1.00 × 103 kg/ m3 − 84 kg/ m3 × 9.8 m/ s2 × π × (0.019 m)3 3 = 0.258 N. P7 - Um balão leve cheio de hélio com massa volúmica 0.180 kg/ m3 está atado a um fio sem massa de comprimento L = 3.00 m. O fio está atado ao solo, formando um pêndulo simples invertido, como mostra a figura ??a. Se o balão for deslocado ligeiramente do equilíbrio, como na figura ??b, a) Mostre que o movimento subsequente é harmónico simples; b) Determine o período do movimento. Suponha que a massa volúmica do ar é 1.29 kg/ m3 , e ignore perdas de energia devidas ao atrito do ar. Problema P7. Resolução: As forças que se exercem no balão são: a) A impulsão do ar, I; o peso do balão, P , e a tensão do fio, T . A 2.a lei de Newton aplicada ao balão traduz-se na equação I + P + T = ma, em que m é a massa do balão e a a sua aceleração. A trajectória do balão vai ser circular, de raio L, centrada no ponto em que o fio está ligado ao solo. Escolhendo um sistema de referência em que um dos eixos é radial e o outro é tangente à trajectória, a equação escalar correspondente 2.a lei de Newton, no que se refere às projecções no eixo tangente à trajectória é (ver figura seguinte) 5 Problema P7 d2 s , dt2 em que s = Lθ. s é o arco de circunferência de raio l correspondente ao ângulo ao centro θ. Podemos, então, escrever esta última equação na forma − (I − P ) sin θ = m mL d2 θ + (I − P ) sin θ = 0. dt2 Para pequenos valores de θ, verifica-se pelo que a equação assume a forma sin θ ' θ, d2 θ + (I − P ) θ = 0. para pequenos valores de θ. dt2 Esta equação corresponde a um movimento oscilatório harmónico simples. b) A partir da equação obtida da alínea anterior, concluimos que a frequência angular do movimento é r I −P ω = mL s (ρar − ρHe ) gV = ρHe V L s (ρar − ρHe ) g . = ρHe L mL O período do movimento é T = 2π ωs = 2π s ρHe L (ρar − ρHe ) g 0.180 kg/ m3 × 3.00 m (1.29 kg/ m3 − 0.180 kg/ m3 ) × 10 m/ s2 = 1.39 s = 2π 6 P8 - Na parede de um depósito de água muito grande surge um pequeno orifício, a uma profundidade de 16 m. Se a taxa de fluxo da saída de água é 2.5 × 10−3 m3 / min, determine: a) A velocidade a que a água passa no orifício; b) O diâmetro do orifício. Resolução: Aplicamos a equação de Bernoulli a um ponto (P1 ) na superfície livre da água no depósito e a outro ponto (P2 ) no centro de orifício: 1 1 p1 + ρgy1 + ρv12 = p2 + ρgy2 + ρv22 , 2 2 em que pi e vi representam a pressão e a velocidade da água no ponto Pi , yi é o nível do ponto Pi (em relação a um nível de referência), ρ é a massa volúmica da água e g é a aceleração da gravidade. Neste caso, p1 = p2 = patm e v1 ' 0 m/ s (como o depósito é grande, a velocidade de um ponto do líquido à superfície é muito pequena. Obtemos, assim, 1 ρgy1 = ρgy2 + ρv22 2 p v2 = 2g (y2− y1 ) p 2 × 9.8 m/ s2 × 16 m = = 17.7 m/ s. b) Se A é área do orifício no tanque, a taxa de fluxo de saída de água (volume de água que sai por unidade de tempo) é Q = vA, de onde, utilizando A = π d2 , em que d é o diâmetro do orifício, obtemos 4 µ ¶1 4Q 2 d = , πv ⎛ ⎞1 2.5 × 10−3 m3 / min 2 ⎜4 × ⎟ 60 s/ min ⎟ = ⎜ ⎝ ⎠ π × 17.7 m/ s = 1.73 × 10−3 m = 1.73 mm. P9 - A água flui numa mangueira horizontal com 6.35 cm de diâmetro, à taxa de 0.0120 m3 / s. A mangueira possui um bico na extremidade com um diâmetro interior de 2.20 cm. Qual é o módulo da velocidade da água à saída do bico da mangueira? Resolução: Seja v1 o módulo da velocidade da água num ponto da mangueira e v2 a velocidade da água no bico da mangueira. Então, a equação da continuidade escreve-se na forma: ρA1 v1 = ρA2 v2 , em que ρ é a massa volúmica da água, A1 é a área da secção recta da mangueira e A2 é a área da secção recta do interior do bico da mangueira. Obtemos, assim, A1 v1 = A2 v2 = 0.0120 m3 / s 7 ou 0.0120 m3 / s , d2 π 4 em que d2 é o diâmetro interior do bico da mangueira. v2 = v2 = ¡ 0.0120 m3 / s ¢2 2.20 × 10−2 m π 4 = 31.6 m/ s. P10 - Um tanque grande está cheio até à altura h0 . Se se fizer um orifício na parede do tanque a uma altura h a contar do fundo, a que distância o jacto de água tocará no solo? Problema P10 Resolução: A velocidade da água ao passa no orifício é (Problema 8-a): p v = 2g (h0 − h). Num referencial com origem na base da parede do tanque em que se encontra o orifício, e com o eixo dos x apontando para a direita e o eixo dos y para cima, as equações do movimento de uma partícula de água após passar o orifício são x = vt 1 y = h − gt2 , 2 A distância a partir do tanque a que a água toca no solo é o valor de x correspondente a y = 0. Obtemos da 2.a equação 2h , t2 = g que, substituindo na primeira equação, conduz a s 2h x = v g s 2h 2g (h0 − h) = g p = 2 h (h0 − h). 8