83 – MATEMÁTICA APLICADA À GESTÃO CRITÉRIOS DE CORRECÇÃO e algumas indicações de resolução EXAME de 30 de Maio de 2006 Obs. Serão dadas algumas respostas e, em alguns casos, mais algumas indicações sobre o processo de realização do problema. Não serão apresentados esboços de gráficos. 1. Cada questão está cotada para 1,5 valores. 1x a) lim x e 1 =1 x 1 1 =-1 c) lim x 2 x 0 x 1 x b) lim ln 4 x 3 ln 3x 4 = ln x 4 3 2. 4 valores Df= ; f ( x) 0 x 0 x 2 2 Mostra-se que f não tem assímptotas sendo lim f ( x) . x Estudo da monotonia e extremos: Mostra-se que: 8 x2 2 f x 1 / 3 0 x 2 3 x Como f 0 para x ; 2 0; 2 , então f é decrescente nesses intervalos e em 2 f tem um mínimo. Como f 0 para x 2 ;0 , então f é crescente nesses intervalos e em 2 ; 2 f tem um mínimo. f 0 não existe. Estudo da concavidade e pontos de inflexão: Mostra-se que: 8 5x 2 2 f x 0 . Então f tem a concavidade virada para cima e não tem pontos de 9 x4/3 inflexão. GRÁFICO 1 3. 1,5 valores f ( x) 1 x e 2 x . Pretende-se usar uma aproximação linear para achar um valor aproximado de e . A expressão f x f a x a f a . Escolhe-se para a um valor cujo f(a) seja conhecido. Assim, faz-se a=0, pois f(0)=1. Atendendo a que se pretende calcular um valor aproximado de e recorrendo a f, então é necessário calcular o valor de x, tal que f(x)= e . Donde, atendendo a que e = e 1 / 2 , 1 1 7 1 vem e1 / 2 e 2 x x . Mas f 3 e1 / 2 e1 / 2 . Donde, 4 2 2 4 2 1 e1 / 2 = f . 7 4 f x 3 2 x e 2 x ; f 0 3 . 1 7 1 f 1 3 4 4 4 Vem então, e 1 / 2 2 7 1 . 7 4 2 4. 1,5 valores n2 2n1 = 1 1 n . Trata-se de uma série geométrica convergente, pois 2 n2 2 64 n / 3 1 1 1 1 1 1 . A soma da série dada é s= 1 2 2 4 12 1 2 5. a) 2 valores P P 1 2 x 4 x2 1 4 x 2 = P 2 x 2 x 2 x P 1 x2 41 4 P 1 2 x 1 2P 2 1/ 2 x 1 2 P2 x 1 / 2 2 x = arcsen 2 2 x C 2 b) 1,5 valores 1 Px 2 arctg x Utilizar o método de primitivação por partes: Pu v u v Pu v , em que 2 1 2 1 1 u arctg ; u x 1 x 1 x2 1 2 x 3 x v x 2 ; v 3 Executando os cálculos necessários, a resposta é: x3 1 1 1 arctg x 2 log x 2 1 C 3 x 6 6 c) 2 valores 1 x1 log x dx 2 1 Este integral é impróprio de 1ª espécie. Donde, a 1 1 dx . 2 1 x1 log 2 x dx = alim 1 x 1 log x A primitiva da função integranda é obtida através de: 1 1 x P P arctg log x 2 2 x 1 log x 1 log x Assim, a 1 a lim dx = lim artg log x 1 lim arctg log a arctg log 1 0 . 2 2 2 a a a 1 x 1 log x 6. 3 valores Para calcular a área da região do plano limitada pelas funções dadas é necessário começar por representar essas funções no plano. A primeira é uma parábola virada para 1 1 cima com zeros em 2 . A outra função corresponde à recta y x para x e à 2 2 1 1 recta y x para x . Em seguida é necessário determinar os pontos de 2 2 intersecção da parábola com cada uma das semi-rectas. Os valores de x correspondentes à intersecção são x 3 e x 1 2 . A área é dada por: 1 2 1 1 2 1 1 2 3 x 2 2 x 1 dx 1/ 2 x 2 2 x 1 dx Fica ao cuidado dos alunos o cálculo destes integrais. 1/ 2 3