QUESTAO_movimentos_proximidade_terra

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1. (Espcex (Aman) 2014) Uma esfera é lançada com velocidade horizontal constante de
módulo v=5 m/s da borda de uma mesa horizontal. Ela atinge o solo num ponto situado a 5 m
do pé da mesa conforme o desenho abaixo.
Desprezando a resistência do ar, o módulo da velocidade com que a esfera atinge o solo é de:
Dado: Aceleração da gravidade: g=10 m/s
a) 4 m / s
2
b) 5 m / s
c) 5 2 m / s
d) 6 2 m / s
e) 5 5 m / s
2. (Unesp 2013) Em um dia de calmaria, um garoto sobre uma ponte deixa cair, verticalmente
e a partir do repouso, uma bola no instante t0 = 0 s. A bola atinge, no instante t4, um ponto
localizado no nível das águas do rio e à distância h do ponto de lançamento. A figura
apresenta, fora de escala, cinco posições da bola, relativas aos instantes t0, t1, t2, t3 e t4. Sabe2
se que entre os instantes t2 e t3 a bola percorre 6,25 m e que g = 10 m/s .
Desprezando a resistência do ar e sabendo que o intervalo de tempo entre duas posições
consecutivas apresentadas na figura é sempre o mesmo, pode-se afirmar que a distância h, em
metros, é igual a
a) 25.
b) 28.
c) 22.
d) 30.
e) 20.
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3. (Uerj 2013) Três pequenas esferas, E1, E2 e E3 , são lançadas em um mesmo instante, de
uma mesma altura, verticalmente para o solo. Observe as informações da tabela:
Esfera
E1
Material
chumbo
Velocidade inicial
v1
E2
alumínio
v2
E3
vidro
v3
A esfera de alumínio é a primeira a alcançar o solo; a de chumbo e a de vidro chegam ao solo
simultaneamente.
A relação entre v1, v 2 e v 3 está indicada em:
a) v1 < v 3 < v 2
b) v1 = v 3 < v 2
c) v1 = v 3 > v 2
d) v1 < v 3 = v 2
4. (Ufsm 2013) Um trem de passageiros passa em frente a uma estação, com velocidade
constante em relação a um referencial fixo no solo. Nesse instante, um passageiro deixa cair
sua câmera fotográfica, que segurava próxima a uma janela aberta. Desprezando a resistência
do ar, a trajetória da câmera no referencial fixo do trem é ___________, enquanto, no
referencial fixo do solo, a trajetória é ___________. O tempo de queda da câmera no primeiro
referencial é ___________ tempo de queda no outro referencial.
Assinale a alternativa que completa corretamente as lacunas.
a) parabólica — retilínea — menor que o
b) parabólica — parabólica — menor que o
c) retilínea — retilínea — igual ao
d) retilínea — parabólica — igual ao
e) parabólica — retilínea — igual ao
5. (Pucrj 2013) Um projétil é lançado com uma velocidade escalar inicial de 20 m/s com uma
inclinação de 30° com a horizontal, estando inicialmente a uma altura de 5,0 m em relação ao
solo.
A altura máxima que o projétil atinge, em relação ao solo, medida em metros, é:
Considere a aceleração da gravidade g = 10 m/s
2
a) 5,0
b) 10
c) 15
d) 20
e) 25
6. (Ime 2013)
Um corpo de 300 g de massa é lançado de uma altura de 2,20 m em relação ao chão como
mostrado na figura acima. O vetor velocidade inicial v0 tem módulo de 20 m/s e faz um ângulo
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de 60° com a vertical. O módulo do vetor diferença entre o momento linear no instante do
lançamento e o momento linear no instante em que o objeto atinge o solo, em kg.m/s, é:
2
Dado: aceleração da gravidade: 10 m/s .
a) 0,60
b) 1,80
c) 2,25
d) 3,00
e) 6,60
7. (G1 - ifsp 2012) Quando estava no alto de sua escada, Arlindo deixou cair seu capacete, a
partir do repouso. Considere que, em seu movimento de queda, o capacete tenha demorado 2
segundos para tocar o solo horizontal.
2
Supondo desprezível a resistência do ar e adotando g = 10 m/s , a altura h de onde o capacete
caiu e a velocidade com que ele chegou ao solo valem, respectivamente,
a) 20 m e 20 m/s.
b) 20 m e 10 m/s.
c) 20 m e 5 m/s.
d) 10 m e 20 m/s.
e) 10 m e 5 m/s.
8. (G1 - cps 2012) O café é consumido há séculos por vários povos não apenas como bebida,
mas também como alimento. Descoberto na Etiópia, o café foi levado para a Península Arábica
e dali para a Europa, chegando ao Brasil posteriormente.
(Revista de História da Biblioteca Nacional, junho de 2010. Adaptado)
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(http://4.bp.blogspot.com/_B_Fq5YJKtaM/SvxFUVdAk4I/AAAAAAAAAIs/KrRUUfw... Acesso
em: 03.09.2011.)
No Brasil, algumas fazendas mantêm antigas técnicas para a colheita de café. Uma delas é a
de separação do grão e da palha que são depositados em uma peneira e lançados para cima.
Diferentemente da palha, que é levada pelo ar, os grãos, devido à sua massa e forma,
atravessam o ar sem impedimentos alcançando uma altura máxima e voltando à peneira.
Um grão de café, após ter parado de subir, inicia uma queda que demora 0,3 s, chegando à
peneira com velocidade de intensidade, em m/s,
Dado: Aceleração da gravidade: g = 10 m s2 .
a) 1.
b) 3.
c) 9.
d) 10.
e) 30.
9. (G1 - cps 2012) A cidade de Pisa, na Itália, teria sido palco de uma experiência, hoje
considerada fictícia, de que Galileu Galilei, do alto da famosa torre inclinada, teria abandonado,
no mesmo instante, duas esferas de diâmetros muito próximos: uma de madeira e outra de
ferro.
O experimento seria prova de que, em queda livre e sob a mesma influência causada pelo ar,
corpos de
a) mesmo volume possuem pesos iguais.
b) maior peso caem com velocidades maiores.
c) massas diferentes sofrem a mesma aceleração.
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d) materiais diferentes atingem o solo em tempos diferentes.
e) densidades maiores estão sujeitos a forças gravitacionais menores.
10. (Unesp 2012) O gol que Pelé não fez
Na copa de 1970, na partida entre Brasil e Tchecoslováquia, Pelé pega a bola um pouco antes
do meio de campo, vê o goleiro tcheco adiantado, e arrisca um chute que entrou para a história
do futebol brasileiro. No início do lance, a bola parte do solo com velocidade de 108 km/h (30
m/s), e três segundos depois toca novamente o solo atrás da linha de fundo, depois de
descrever uma parábola no ar e passar rente à trave, para alívio do assustado goleiro.
Na figura vemos uma simulação do chute de Pelé.
Considerando que o vetor velocidade inicial da bola após o chute de Pelé fazia um ângulo de
30° com a horizontal (sen30° = 0,50 e cos30° = 0,85) e desconsiderando a resistência do ar e a
rotação da bola, pode-se afirmar que a distância horizontal entre o ponto de onde a bola partiu
do solo depois do chute e o ponto onde ela tocou o solo atrás da linha de fundo era, em
metros, um valor mais próximo de
a) 52,0.
b) 64,5.
c) 76,5.
d) 80,4.
e) 86,6.
11. (Espcex (Aman) 2012) Um lançador de granadas deve ser posicionado a uma distância D
da linha vertical que passa por um ponto A. Este ponto está localizado em uma montanha a
300 m de altura em relação à extremidade de saída da granada, conforme o desenho abaixo.
A velocidade da granada, ao sair do lançador, é de 100 m s e forma um ângulo “α ” com a
horizontal; a aceleração da gravidade é igual a 10 m s2 e todos os atritos são desprezíveis.
Para que a granada atinja o ponto A, somente após a sua passagem pelo ponto de maior altura
possível de ser atingido por ela, a distância D deve ser de:
Dados: Cos α = 0,6; Sen α = 0,8.
a) 240 m
b) 360 m
c) 480 m
d) 600 m
e) 960 m
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12. (G1 - ifce 2011) Uma esfera de dimensões desprezíveis é largada, a partir do repouso, de
uma altura igual a 80 m do solo considerado horizontal e plano. Desprezando-se a resistência
do ar e considerando-se a aceleração da gravidade constante e igual a 10 m / s2 , é correto
afirmar-se que a distância percorrida pela esfera, no último segundo de queda, vale
a) 20 m.
b) 35 m.
c) 40 m.
d) 45 m.
e) 55 m.
13. (Eewb 2011) Em um local onde g = 10m / s2 , um objeto é lançado verticalmente para
cima, a partir do solo terrestre. O efeito do ar é desprezível.
O objeto atinge 20% de sua altura máxima com uma velocidade de módulo igual a 40 m/s. A
altura máxima atingida pelo objeto vale:
a) 200 m
b) 150 m
c) 100 m
d) 75 m
14. (Enem 2011) Para medir o tempo de reação de uma pessoa, pode-se realizar a seguinte
experiência:
I. Mantenha uma régua (com cerca de 30 cm) suspensa verticalmente, segurando-a pela
extremidade superior, de modo que o zero da régua esteja situado na extremidade inferior.
II. A pessoa deve colocar os dedos de sua mão, em forma de pinça, próximos do zero da
régua, sem tocá-la.
III. Sem aviso prévio, a pessoa que estiver segurando a régua deve soltá-la. A outra pessoa
deve procurar segurá-la o mais rapidamente possível e observar a posição onde conseguiu
segurar a régua, isto é, a distância que ela percorre durante a queda.
O quadro seguinte mostra a posição em que três pessoas conseguiram segurar a régua e os
respectivos tempos de reação.
Distância percorrida pela
régua durante a queda (metro)
0,30
0,15
0,10
Tempo de reação
(segundo)
0,24
0,17
0,14
Disponível em: http://br.geocities.com. Acesso em: 1 fev. 2009.
A distância percorrida pela régua aumenta mais rapidamente que o tempo de reação porque a
a) energia mecânica da régua aumenta, o que a faz cair mais rápido.
b) resistência do ar aumenta, o que faz a régua cair com menor velocidade.
c) aceleração de queda da régua varia, o que provoca um movimento acelerado.
d) força peso da régua tem valor constante, o que gera um movimento acelerado.
e) velocidade da régua é constante, o que provoca uma passagem linear de tempo.
15. (Fuvest 2011) Uma menina, segurando uma bola de tênis, corre com velocidade constante,
de módulo igual a 10,8 km/h, em trajetória retilínea, numa quadra plana e horizontal.
Num certo instante, a menina, com o braço esticado horizontalmente ao lado do corpo, sem
alterar o seu estado de movimento, solta a bola, que leva 0,5 s para atingir o solo. As
distâncias sm e sb percorridas, respectivamente, pela menina e pela bola, na direção horizontal,
entre o instante em que a menina soltou a bola (t = 0 s) e o instante t = 0,5 s, valem:
NOTE E ADOTE
Desconsiderar efeitos dissipativos.
a) sm = 1,25 m e sb = 0 m.
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b) sm = 1,25 m e sb = 1,50 m.
c) sm = 1,50 m e sb = 0 m.
d) sm = 1,50 m e sb = 1,25 m.
e) sm = 1,50 m e sb = 1,50 m.
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Gabarito:
Resposta da questão 1:
[E]
1ª Solução:
O tempo de queda da esfera é igual ao tempo para ela avançar 5 m com velocidade horizontal
constante de v0 = 5 m/s.
x
5
t=
= = 1 s.
v0 5
A componente vertical da velocidade é:
v y = v 0y + g t ⇒ v y = 0 + 10 (1) ⇒ v y = 10 m/s.
Compondo as velocidades horizontal e vertical no ponto de chegada:
v 2 = v 02 + v 2y
⇒ v = 52 + 102
⇒ v = 125 ⇒
v = 5 5 m/s.
2ª Solução:
Calculando a altura de queda:
1
2
h = g t 2 ⇒ h = 5 (1)
⇒ h = 5 m.
2
Pela conservação da energia mecânica:
m v 02
m v2
=m g h+
2
2
v = 5 5 m/s.
⇒ v = v 02 + 2 g h ⇒ v = 52 + 2 (10 )( 5 ) = 125 ⇒
Resposta da questão 2:
[E]
1ª Solução:
tn
Δ
,
.
.
.
,
t2
Δ
,
t1
Δ
De acordo com a “Regra de Galileo”, em qualquer Movimento Uniformemente Variado (MUV), a
partir do repouso, em intervalos de tempo iguais e consecutivos
a partir do
início do movimento, as distâncias percorridas são: d; 3 d; 5 d; 7 d;...;(2 n – 1) d, sendo d,
numericamente, igual à metade da aceleração. A figura ilustra a situação.
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Dessa figura:
6,25
⇒ d = 1,25 m.
5
h = 16 d ⇒ h = 16 ⋅ 1,25 ⇒ h = 20 m.
5 d = 6,25 ⇒ d =
2ª Solução
t
Δ
Analisando a figura, se o intervalo de tempo
( )
entre duas posições consecutivas quaisquer
é o mesmo, então:
t 2 = 2 ∆t; t3 = 3 ∆t e t 3 = 4 ∆t.
Aplicando a função horária do espaço para a queda livre até cada um desses instantes:
1
1
S=
g t 2 ⇒ S = (10 ) t 2 ⇒ S = 5 t 2 .
2
2
S = 5 t 2
2
 2

S3 = 5 t32
⇒ S2 = 5 ( 2 Δt )
2
⇒ S2 = 20 Δt 2
⇒ S3 = 5 ( 3 Δ t )
2
2
⇒ S3 = 45 Δt
⇒ S3 − S2 = 25 Δt 2 ⇒ 6,25 = 25 Δt 2 ⇒
Δt 2 = 0,25.
Aplicando a mesma expressão para toda a queda:
h = 5 t 24
⇒ h = 5 ( 4 Δt )
2
⇒ h = 80 Δt 2 = 80 ( 0,25 )
⇒
h = 20 m.
Resposta da questão 3:
[B]
Supondo a ausência do atrito com o ar, podemos concluir que o movimento das esferas é
uniformemente variado e, como tal,
h = v 0 .t +
g.t 2
g.t 2
h g.t
⇒ v 0 .t = h −
⇒ v0 = −
2
2
t 2
Onde v 0 corresponde à velocidade inicial de lançamento:
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Como os tempos de queda das esferas são iguais, temos que suas velocidades de lançamento
são iguais; portanto, as velocidades v1 e v 3 são iguais.
Como a esfera de alumínio foi a primeira a chegar ao solo, concluímos que sua velocidade
inicial é a maior de todas. Assim temos, v1 = v 3 < v 2 .
Resposta da questão 4:
[D]
A câmera tem a mesma velocidade do trem. Então, para um referencial fixo no trem ela
descreve trajetória retilínea vertical; para um referencial fixo no solo trata-se de um lançamento
horizontal, descrevendo a câmera um arco de parábola. O tempo de queda é o mesmo para
qualquer um dos dois referenciais.
Resposta da questão 5:
[B]
Decompondo a velocidade inicial, teremos uma componente vertical de
V.sen30° = 20x0,5 = 10 m/s
A partir da posição inicial, podemos calcular o deslocamento vertical até o ponto mais alto da
trajetória, utilizando a equação de Torricelli:
V 2 = V02 + 2.a.ΔS → 0 = 102 − 2x10xΔS → ΔS = 5,0m
Como o corpo havia partido de 5,0 m de altura, sua altura máxima será H: 5 + 5 = 10 m.
Resposta da questão 6:
[E]
∆Q = Q f − Qi → −∆Q = Qi − Q f
| −∆Q |=| Qi − Qf |= ∆Q
Pelo teorema do impulso, temos:
∆Q = F.∆t
F = P = m.g
∆Q = F.∆t → ∆Q = m.g.∆t (eq.1)
Vamos determinar o ∆t analisando o lançamento oblíquo, considerando como referencial o
chão, ou seja, S0 = 2,2m , S = 0 e VY = V0 .cos 60º .
∆S = VY .t +
a.t 2
g.t 2
10.t 2
→ S − S0 = VY .t +
→ 0 − 2,2 = V0 .cos 60º.t +
→
2
2
2
→ −2,2 = 20.0,5.t + 5.t 2 → t 2 + 2.t + 0,44 = 0
Resolvendo a equação de segundo grau, teremos raízes: t1 = 2,2s e t 2 = −2,2s .
Considerando a raiz positiva e substituindo na eq.1, teremos:
∆Q = m.g.∆t → 300x10−3.10.2,2 → ∆Q = 6,60kg. m
s
Resposta da questão 7:
[A]
Adotando origem no ponto onde o capacete de onde o capacete parte e orientando trajetória
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para baixo, temos:
2
Dados: a = g = 10 m/s ; t = 2 s; S0 = 0; v0 = 0.
1 2
1
2
a t ⇒ h = 0 + 0 + (10 )( 2 )
⇒ h = 20 m.
2
2
v = v 0 + a t ⇒ v = 0 + 10 ( 2 ) ⇒ v = 20 m / s.
S = S0 + v 0 t +
Resposta da questão 8:
[B]
2
Dados: v0 = 0; g = 10 m/s ; t = 0,3 s.
v = v 0 + a t ⇒ v = 0 + 10 ( 0,3 ) ⇒ v = 3 m/s.
Resposta da questão 9:
[C]
Desconsiderando forças resistivas, corpos de massas diferentes caem com a mesma
aceleração.
Resposta da questão 10:
[C]
Dados: v0 = 30 m/s; θ = 30°; sen 30° = 0,50 e cos 30° = 0,85 e t = 3 s.
A componente horizontal da velocidade (v0x) mantém-se constante. O alcance horizontal ( A) é
dado por:
A = v 0x t ⇒ A = v 0 cos 30° t ⇒ A = 30 ( 0,85 )( 3 ) ⇒
A = 76,5 m.
Resposta da questão 11:
[D]
Decompondo a velocidade em componentes horizontal e vertical, temos:
 Vx = V0 .cos α = 100x0,6 = 60 m/s

 Vy = V0 .senα = 100x0,8 = 80 m/s
Na vertical o movimento é uniformemente variado. Sendo assim:
ΔSy = Vy .t +
1 2
gt → 300 = 80t − 5t 2 → t 2 − 16t + 60 = 0
2
A equação acima tem duas soluções: t= 6s e t’=10s.
Como o projétil já passou pelo ponto mais alto, devemos considerar o maior tempo (10s).
Na horizontal, o movimento é uniforme. Sendo assim:
ΔSx = Vx .t → D = 60x10 = 600m
Resposta da questão 12:
[B]
Calculando o tempo de queda:
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h=
g t2
2
⇒
t=
2h
2 × 80
=
= 4 s.
g
10
O último segundo de queda corresponde ao intervalo de 3 a 4 segundos. Sendo a velocidade
inicial nula, calculemos as velocidades nesses instantes:
v 3 = 10 ( 3 ) = 30 m / s;
v = v0 + g t 
v 4 = 10 ( 4 ) = 40 m / s.
Aplicando a equação de Torricelli nesse intervalo:
v 24 = v 32 + 2 g ∆S
⇒
402 = 302 + 20 ∆S
1.600 − 900 700
=
20
20
∆S = 35 m.
∆S =
⇒
⇒
Resposta da questão 13:
[C]
A figura mostra o movimento do corpo:
Aplicando Torricelli, vem:
V 2 = V02 + 2aΔS → 0 = 402 − 2x10x0,8H → 16H = 1600 → H = 100m .
Resposta da questão 14:
[D]
O peso da régua é constante (P = mg). Desprezando a resistência do ar, trata-se de uma
queda livre, que é um movimento uniformemente acelerado, com aceleração de módulo a = g.
A distância percorrida na queda (h) varia com o tempo conforme a expressão:
1
h = gt 2 .
2
Dessa expressão, conclui-se que a distância percorrida é diretamente proporcional ao
quadrado do tempo de queda, por isso ela aumenta mais rapidamente que o tempo de reação.
Resposta da questão 15:
[E]
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Dados: vx = 10,8 km/h = 3 m/s, tqueda = 0,5 s.
Durante a queda, a velocidade horizontal da bola é igual à velocidade da menina. Portanto:
sm = sb = vx tqueda = 3 (0,5) = 1,5 m.
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