setor 1201 12010508 Aula 39 CHOQUE CONTRA OBSTÁCULO FIXO Aproximação vapr. = v Interação rápida Fmédia = m(∆v/∆t) = ∆Q/∆t Afastamento vafas. = v’ Q = mv Q’ = mv’ F v Velocidade de aproximação ⇒ v’ Restituição ⇒ Deformação Velocidade de afastamento v t 144444424444443 duração do choque v’ v e = afas v apr. Tipo de choque Coeficiente de restituição A respeito da velocidade A respeito da energia Perfeitamente elástico e=1 vafas. = vapr. εC’ = εC Parcialmente elástico 0e1 vafas. vapr. εC’ εC e=0 vafas. = 0 εC’ = 0 Inelástico ou anelástico ou plástico ALFA-5 85015058 28 ANGLO VESTIBULARES Exercício Uma bola de bilhar de massa 0,4 kg, movimentando-se a uma velocidade 10m/s, choca-se frontalmente contra a tabela da mesa. A respeito dessa colisão sabe-se que teve um centésimo de segundo de duração e apresenta um coeficiente de restituição 0,8. Determine: a) A velocidade da bola imediatamente após a colisão. b) A força média durante o choque. c) A energia dissipada durante o choque. d) Esboçar os gráficos da velocidade e da energia cinética durante o choque. v1 a) e = – v’1 v’1 ⇒ v’1 = –ev1 = – 8 m/s v1 b) F + – FM = ∆Q/∆t FM = – m(v’1 – v1) ∆t ⇒ FM = 720 N c) εc = 1 mv2 = 20 J 2 1 εc = 1 mv’ 2 = 12,8 J 1 2 εdiss = Iεc – ε’ci = 7,2 J ORIENTAÇÃO DE ESTUDO d) v(m/s) Livro 1 — Unidade IV 10 Caderno de Exercícios — Unidade IV t –8 Tarefa Mínima εC (J) • Resolva o exercício 1, série 4. 20 Tarefa Complementar 12,8 • Resolva os exercícios 2, 3 e 4, série 4. ALFA-5 85015058 29 ANGLO VESTIBULARES Aulas 40 a 42 CHOQUE FRONTAL Aproximação vapr. = vA – vB Q = mAvA + mBvB vA Interação rápida Fmédia = m(∆v/∆t) = ∆Q/∆t (para qualquer um dos corpos) mAvA + mBvB = mAv’A + mBv’B vB F Velocidade de aproximação ⇒ Afastamento vafas. = v’B – v’A Q’ = mAv’A + mBv’B F v’A Restituição ⇒ Deformação v’B Velocidade de afastamento vA v’B vapr. vafas. vB 144444424444443 duração do choque v’A t v e = afas v apr. Tipo de choque Coeficiente de restituição A respeito da velocidade A respeito da energia Perfeitamente elástico e=1 vafas. = vapr. ε’C = εC Parcialmente elástico 0e1 vafas. vapr. ε’C εC e=0 vafas. = 0 ε’C εC Inelástico ou anelástico ou plástico ALFA-5 85015058 30 ANGLO VESTIBULARES 2. Uma esfera A de massa m desliza sobre uma superfície lisa e horizontal com velocidade vA. Choca-se, então, frontalmente com outra esfera B, idêntica a ela, que se encontra em repouso. Sabendo-se que o choque é perfeitamente elástico determine as velocidades v’A e v’B das esferas após a colisão. Exercícios 1. Uma esfera A de massa 2 kg e velocidade 10 m/s, choca-se frontalmente com outra esfera B de massa 3 kg e velocidade 5 m/s em sentido contrário. Sabendo que o coeficiente de restituição desta colisão vale 1/6, determinar as velocidades finais das esferas. m ⋅ vA + m ⋅ vB = m ⋅ v’A + m ⋅ v’B vA + vB = v’A + v’B (1) vB = – 5 m/s e= mA ⋅ vA + mB ⋅ vB = mA ⋅ v’A + mB ⋅ v’B 2 ⋅ 10 + 3(– 5) = 2 v’A + 3 v’B 2 v’A + 3 v’B = 5 (1) e= v’A – v’B =1 vB – vA v’A – v’B = vB – vA (2) (1) + (2) v’A + v’B = vA + vB (1) v’A – v’B = vB – vA (2) 2v’A = 2 vB v’A – vB = 0 v’A – v’B 1 = ⇒ vB – vA 6 vB – vA = 6(v’A – v’B) 6(v’A – v’B) = – 15 (2) Substituindo em (1) vB + v’B = vA + vB v’B = vA Resolvendo o sistema constituído pelas equações 1 e 2 v’A = 0,5 m/s v’B = 2 m/s CONCLUSÃO frontal elástico mesma massa v(m/s) 10 123 vA = 10 m/s mA ⋅ vA + mB ⋅ vB = mA ⋅ v’A + mB ⋅ v’B permuta de velocidade 2 v(m/s) – 0,5 vA 5 vB = 0 ALFA-5 85015058 31 v’B = vA v’A = vB = 0 ANGLO VESTIBULARES 3. Um corpo A é lançado em um plano horizontal sem atrito com velocidade vA = 4,0 m/s. O corpo A, cuja massa é mA = 2,0kg, colide com a esfera B, de massa mB = 5,0kg. Inicialmente a esfera encontra-se parada e suspensa por um fio flexível e inextensível de comprimento L e fixo em O, e atinge a altura hB = 0,20 m, após a colisão. a) Qual a velocidade v’B, da esfera B, imediatamente após a colisão? b) Qual o módulo e o sentido da velocidade v’A do corpo A após a colisão? c) Qual a diferença entre a energia mecânica do sistema antes e depois da colisão? d) A colisão foi perfeitamente elástica? Justifique. O hB A vA B a) Imediatamente após a colisão a esfera B sobe até hB. O sistema não é isolado (o peso e a tração não se equilibram e são forças externas), porém é conservativo, pois só forças conservativas realizam trabalho: MB ⋅ v’B2 + 0 = 0 + MB ⋅ g ⋅ hB (1/2) v’B2 = 10 ⋅ 0,20 v’B = 2 m/s ORIENTAÇÃO DE ESTUDO b) Na colisão as forças trocadas são internas, conseqüentemente o sistema é isolado: MA ⋅ vA + MB ⋅ vB = MA ⋅ v’A + MB ⋅ v’B Livro 1 — Unidade IV Caderno de Exercícios — Unidade IV 2 ⋅ 4 + 0 = 2 ⋅ v’A + 5 ⋅ v’B v’A = – 1 m/s |v’A| = 1 m/s em sentido contrário ao inicial. c) (εMEC)ANTES = 1/2 MAv2A = 16J (εMEC)DEPOIS = 1/2 MAv’ A2 + 1/2 (∆εMEC) = 5J Tarefa Mínima AULA 40 • • MB v’ B2 = 11 J Leia os itens 1 a 8, cap. 2. Resolva os exercícios 13 a 16, série 4. AULA 41 • Resolva os exercícios 17 a 19, série 4. d) Não, pois houve variação da energia mecânica. AULA 42 • Resolva os exercícios 20 e 27, série 4. Tarefa Complementar AULA 42 • ALFA-5 85015058 32 Resolva os exercícios 10 a 12 e 21 a 24, série 4. ANGLO VESTIBULARES Aulas 43 a 45 CONDIÇÕES DE EQUILÍBRIO DE UM CORPO MOMENTO DE UMA FORÇA → Uma→força F está aplicada a um ponto P de um corpo. O momento (M)O de F em relação a um ponto (O) é definido pela expressão: Fy F (MF)O = (Fy) ⋅ (OP) P sendo: 0 → Fy: a componente de F perpendicular à OP → + se, sob ação exclusiva de F , o corpo adquirir movimento de rotação no sentido anti-horário; → – se, sob ação exclusiva de F , o corpo adquirir movimento de rotação no sentido horário. F Podemos deslocar uma força ao longo de sua la. Portanto o momento também pode ser calculado por: Q P (MF)O = (F) ⋅ (OQ) 0 sendo: la OQ a distância entre o ponto O e la (braço do momento). → → → → ROTAÇÃO EM TORNO DE UM EIXO FIXO DE UM CORPO SOB AÇÃO DE VÁRIAS FORÇAS ( F, G, H, T …) Tomando-se os momentos em relação ao ponto O: ΣM = MF + MG + MH + MT... → → F Podem acontecer 3 casos: T → ΣM 0: o corpo gira no sentido anti-horário; ΣM 0: o corpo gira no sentido horário; ΣM = 0: o corpo NÃO GIRA. G O → H CONDIÇÕES DE EQUILÍBRIO DE UM SÓLIDO: ΣF = 0 (para que não haja translação) (1) ΣM = 0 (para que não haja rotação) (2) ALFA-5 85015058 33 ANGLO VESTIBULARES 2. A barra da figura tem peso desprezível e pode girar livremente em torno da articulação S. Supondo g = 10 m/s2, que a barra esteja na posição horizontal, que o dinamômetro esteja na vertical e que M = 100kg, determinar: a) a indicação do dinamômetro; b) a força exercida pela articulação na barra. Exercícios 1. A barra AB tem peso desprezível e pode girar livremente em torno da articulação O. Sabendo-se que o peso do corpo 1 é 600 N e que y = 3x, determinar: a) o peso do corpo 2 para que a barra fique em equilíbrio; b) a força que a articulação exerce na barra. y x A B O S P2 10 cm R 40 cm P1 M F x y A B T P2 S P1 10 cm F a) P1 ⋅ x – P2 ⋅ y = 0 600 ⋅ x = P2 ⋅ y 600 ⋅ (x/y) = P2 P2 = 200N M a) – (Mg 50) + T ⋅ 10 = 0 T = 5 Mg T = 5000 N b) T = F + Mg F = T – Mg F = 4000 N b) F = P1 + P2 F = 800N ALFA-5 85015058 R 40 cm 34 ANGLO VESTIBULARES → 4. (UFPE) Uma menina de 50kg (peso 500N) caminha sobre uma prancha com 10m de comprimento e massa desprezível. A prancha está apoiada em suas extremidades, nos pontos A e B, como mostra a figura. Pede-se construir os gráficos das forças verticais exercidas sobre a barra pelos apoios A e B em função da distância x entre a menina e o ponto A. 3. Um bloco de peso P é suspenso por fios, como se indica na figura. Determinar: → a) A intensidade da força F , horizontal. b) A intensidade da força de tração no fio AB. c) Supondo que os 3 fios sejam idênticos, qual deles seria o mais provável de se romper? A θ → B NA F NB A B 10 m Se as la de todas as forças que agem em um corpo inicialmente em repouso, passam por um único ponto, esse corpo não pode adquirir movimento de rotação. Portanto pode ser tratado como um ponto material. A condição de equilíbrio é somente que: ΣF = 0 (para não haver translação). Para que a resultante das forças que agem no corpo seja nula: NA + NB = P NA + NB = 500 (1) A soma dos momentos em relação ao ponto A (ou em relação a qualquer ponto) tem de ser nula. – P(x) + NB ⋅ 10 = 0 NB = 50x (2) T F P 500 NA; NB (N) a) F NB = 50x b) cos θ = P/T T = P/cos θ 5 T P θ NA = 500 – 50x 250 c) O que suportar maior força, que é o fio AB Observe que T é a hipotenusa do triângulo. Portanto T é a maior das forças. x (m) 10 F ALFA-5 85015058 35 ANGLO VESTIBULARES 5. No sistema esquematizado nas figuras a seguir, o peso da barra é desprezível. Nessas condições: a) Determinar x, em função de m1, m2, x1 e x2 para que o sistema da figura a permaneça em equilíbrio. b) O sistema da figura b está em equilíbrio? c) Preencher: Centro de massa de um sistema (ou de um corpo) é o ponto onde se pode imaginar concentrada toda a massa do sistema (ou do corpo). 6. (FUVEST/2002) Um avião, com massa M = 90 toneladas, para que esteja em equilíbrio em vôo, deve manter seu centro de gravidade sobre a linha vertical CG, que dista 16 m do eixo da roda dianteira e 4,0 m do eixo das rodas traseiras, como na figura abaixo. Para estudar a distribuição de massas do avião, em solo, três balanças são colocadas sob as rodas do trem de aterrisagem. A balança sob a roda dianteira indica MD e cada uma das que estão sob as rodas traseiras indica MT. ND figura a 2NT CG x2 x=? g x1 m1 + m2 m1 16 m m2 Uma distribuição de massas, compatível com o equilíbrio do avião em vôo, poderia resultar em indicações das balanças, em toneladas, correspondendo aproximadamente a: a) MD = 0 MT = 45 b) MD = 10 MT = 40 c) MD = 18 MT = 36 d) MD = 30 MT = 30 e) MD = 72 MT = 9,0 figura b O x m1 + m2 4,0 m C x m1 + m2 As condições de equilíbrio para um corpo extenso são: ΣMO = 0 e ΣFy = 0 a) m1g x1 + m2g x2 = (m1 + m2) gx m1 x1 + m2 x2 = (m1 + m2) x x = (m1 x1 + m2 x2) / (m1 + m2) Adotando-se o pólo em D e convencionando-se o sentido anti-horário como positivo para o momento das forças: ΣMD = 0: –P ⋅ 16 + 2NT ⋅ 20 = 0 b) SIM. Portanto podemos imaginar as massas m1 e m2 concentradas no ponto C, que dista x do ponto O tal que: x = (m1 x1 + m2 x2) / (m1 + m2) ΣFy• = 0: ND + 2NT = P ND + 2 ⋅ 360000 = 900000 ND = 180000 N Como NT = 360000 N e ND = 180000 N, as indicações correspondem às massas de 36 toneladas e 18 toneladas. ALFA-5 85015058 36 ANGLO VESTIBULARES ORIENTAÇÃO DE ESTUDO Livro 1 — Unidade IV Caderno de Exercícios — Unidade V Tarefa Mínima AULA 43 • • Leia os itens 1 a 5, cap. 3. Resolva os exercícios 3, 4, e 10, série 1. AULA 44 • • Leia os itens 6 a 12, cap. 3. Resolva os exercícios 14 a 16 e 21, série 1. AULA 45 • Resolva os exercícios 25, 27 e 29, série 1. Tarefa Complementar AULA 45 • ALFA-5 85015058 37 Resolva os exercícios 19, 22 a 24, 28 e 30 a 33, série 1. ANGLO VESTIBULARES