EsPCEX 2016 Química 28 g de ferro são colocados para reagir com 36 g de enxofre, segundo a reação: Fe + S → Fe3S3. Dados: M(Fe) = 56; M(S) = 32; M(Fe2S3) = 208 Responda: Cálculos Estequiométricos LEIS PONDERAIS São todas relacionadas à massa. Lei de Lavoisier: As massas dos reagentes envolvidos em uma reação são sempre iguais às massas dos produtos obtidos. Ex. H2(g) + ½ O2(g) à H2O(v) (coef) x M: 2g 16 g 18 g 2 g + 16 g = 18 g a) Qual a massa de Fe2S3 formada. b) Calcule a massa do reagente em excesso. c) Qual o reagente limitante dessa reação? Resolução: Lei de Proust: As proporções das substâncias em uma reação serão sempre obedecidas. Ex. . H2(g) + ½ O2(g) à H2O(v) (coef) x M: 2g 16 g 18 g Proporção: 4g 32 g 36 g Coloca-se os valores dados e o que foi pedido no problema, na 2ª linha abaixo das respectivas substâncias e, na 1ª linha, coloca-se os valores estequiométricos da reação: 2Fe + 3S → Fe2S3 2x56 -- 3x32 ---- 160 28g -- 36g ---- x Primeiramente verifica-se se a reação está balanceada, caso contrário, faz-se o balanceamento: 2Fe + 3S → Fe2S3 Exercício Resolvido: Certa quantidade de cobre reagiu completamente com 2,52 g de HNO3, conforme a reação: 3Cu + 8HNO3 à 3Cu(NO3)2 + 2NO + 4H2O Calcula-se o valor necessário para que 30g de Fe reaja totalmente: 112 ------ 64 28 ------ x à x = 16 g Calcule: a) o número de átomos de cobre que reagiu; b) a massa de Cu(NO3)2 formado; c) a quantidade (mol) de H2O formado; d) o volume de NO formado nas CNTP. Dados: Cu = 63; N = 14; O = 16; H = 1 Logo, como preciso de 16 g de S para reagir com 28 g de Fe, tem-se excesso de S (dos 36 g que foi colocado para reagir, 16g reagiu, logo, houve uma sobra de: 36 g – 16 g = 20 g de enxofre) Com isso, podemos dizer que o reagente limitante é o ferro, pois todo ele reage e limita a reação nesse valor estequiométrico. Resolução: Massa molar HNO3 = 1 + 14 + 3x16 = 63g/mol Massa molar Cu(NO3)2 = 63+(14+3x16)x2 = 187g/mol Volume molar = 22,4l/mol 3Cu + 8HNO3 à 3Cu(NO3)2 + 2NO + 4H2O 3x6.1023 -- 8x63g ---- 3x187g -----2x22,4 l ---4 mols a (átomos) --2,52 g--- b (m) --- d (vol) ----c(mol) Com isso, calculamos o valor do Fe2S3 a partir do Fe utilizado: 2Fe + 3S → Fe2S3 2x56 g ------- 160g 28g --------- x à x = 40 g de Fe2S3 Reação com grau de pureza a = 9.1021 átomos b = 2.805 g c = 0,02 mol d = 0,224 litros Em uma reação onde um dos reagentes tem um determinado grau de pureza, calcula-se esse grau de pureza e faz-se os cálculos estequiométricos. A parte pura é a que reage. Exemplo: Calcule a massa de calcáreo, com grau de pureza igual a 80% de carbonato de cálcio que deve ser usada para obter 140 g de óxido de cálcio, CaO, segundo a reação: CaCO3(s) → CaO(s) + CO2(g). Dados: Massas molares: Ca = 40; C = 12; O = 16. Reação com excesso de reagente Em uma reação balanceada corretamente, o somatório das massas molares dos reagentes igualase ao somatório das massas molares do produto (Lei de Lavoisier). Porém, quando se coloca para reagir uma quantidade acima da necessária da proporção correta, existirá sobra (parte não reage), que chamamos de excesso. O reagente que reage totalmente, sem sobra, é chamado de reagente limitante da reação (pois, ele é que vai determinar estequiometricamente a proporção dos componentes da reação). Exercício Resolvido: Resolução: CaCO3 → CaO + CO2 100 g --- 56 g x --- 140 g à x = 250 g Como somente a parte pura que reage e, o calcáreo tem 80% de pureza, a massa calculada (250g) corresponde a 80% do calcáreo, então calculamos a quantidade de calcáreo que foi usada (os 100% da massa colocada) -1- Profª Fátima Serrado EsPCEX 2016 Química 250 g --- 80% x --- 100% à x = 312,5 g de calcáreo Massa Molar CO = 12 + 16 = 28 g/mol; Cl2 = 35x2 = 71 g/mol; COCl2 = 12 + 16 + 71 = 99 g/mol. Reação com rendimento CO(g) + Cl2(g) à COCl2(g) 28 g --- 71 g 560 g --- x onde x = 1.420 g (como é maior que a quantidade utilizada, que é de 355 g, significa que a quantidade de CO está em excesso, logo, o reagente limitante é o Cl2. Toda reação, teoricamente, ocorre com 100% de eficiência (rendimento), então, caso tenha um rendimento definido, calcula-se, dos valores formados nos produtos, o correspondente ao rendimento. CO(g) + Cl2(g) à COCl2(g) 71 g ---- 99 g 355 g --- x onde x = 495 g Exemplo: Reagindo 320 g de Fe2O3, segundo a reação 2Fe2O3 + 3C → 4Fe + 3CO2 , qual a massa de ferro obtida, sabendo-se que o rendimento é de 90%. Dados: M(Fe2O3) = 160g/mol; M(Fe) = 56 g/mol. 2. [EsPCEx-2013] Considerando a equação não balanceada da reação de combustão do gás butano descrita por C4H10(g) +O2(g) → CO2(g) + H2O(g), a 1 atm de 25 oC (condições padrão) e o comportamento desses como gases ideais, o volume de gás carbônico produzido pela combustão completa do conteúdo de uma botijão de gás contendo 174,0 g de butano é: Dados: Massas atômicas: C = 12u; O = 16u e H = 1u; Volume molar nas condições padrão = 24,5 L.mol-1 Resolução: Calcula-se a massa de Fe obtida: 2Fe2O3 + 3C → 4Fe + 3CO2 2x160 g ------ 4x56 g 320 g ------ x x = 224 g (essa massa é obtida para um rendimento de 100%), porém, como o rendimento é 90%, então, a massa obtida será 90% de 224g = 201,6 g. [A] 1000,4 L [B] 198,3 L [C] 345,6 L [D] 294,0 L [E] 701,1 L Questões da EsPCEx 1. [EsPCEx-2014] O fosgênio é um gás extremamente venenoso, tendo sido usado em combates durante a Primeira Guerra Mundial como agente químico de guerra. É assim chamado porque foi primeiro preparado pela ação da luz do sol em uma mistura dos gases monóxido de carbono (CO) e cloro (Cl2), conforme a equação balanceada da reação descrita a seguir: CO(g) + Cl2(g) à COCl2(g) Resp: opção [D] C4H10 + 13/2 O2 → 4 CO2 + 5 H2O 58 g ------------------ 98 L 174 g----------------- x L x = 294 L 3. [EsPCEx-2013] Considerando que para a inutilização de uma peça de morteiro seja necessária a produção de 336 g de ferro metálico na alma da peça e admitindo-se o alumínio como reagente limitante e o rendimento da reação de 100% em relação ao alumínio, a proporção em porcentagem de massa de alumínio metálico que deve compor 900 g da mistura de termita supracitada (alumínio metálico e óxido de ferro III) numa granada incendiária, visando à inutilização desta peça de morteiro, é de Em um reator foram dispostos 560 g de monóxido de carbono e 355 g de cloro. Admitindo-se a reação entre o monóxido de carbono e o cloro com rendimento de 100 % da reação e as limitações de reagentes, a massa de fosgênio produzida é Dados: massas atômicas: C = 12 u ; Cl = 35,5 u; O = 16 u [A] [B] [C] [D] [E] 228 495 654 832 928 g g g g g [A] [B] [C] [D] [E] Resp.: opção [B] Quando fornecido as quantidades dos reagentes, geralmente se trata de questão de estequiometria com excesso. Para isso devemos verificar qual dos reagentes está em excesso. Sabendo-se o reagente limitante (o que não está em excesso), o que limita a reação, calcula-se a quantidade do produto. 3% 18 % 32 % 43 % 56 % Resp.: opção [B] 2 Al → 2 Fe x g --- 336 g 54 g --- 112 g x = 162 g de Al 900 g --- 100 % 162 g --- x x = 18 % -2- Profª Fátima Serrado A) Falsa. O metanol só apresenta ligações sigma. B) Falsa. O Solução: butano e o metilpropano apresentam pontos de fusão e ebulição A) O metanol só apresenta ligações sigma. diferentes, 39. poisFalsa. apresentam cadeias diferentes (simples e ramificada, Assinale a alternativa correta: B) Falsa. O butano e o metilpropano apresentam pontos de fusão e ebulição respectivamente). Dados: diferentes, pois apresentam cadeias diferentes (simples e ramificada, C) Verdadeira. Elemento Químico H-Hidrogênio C-Carbono O-Oxigênio respectivamente). D) Falsa. Existem cadeias ramificadas com carbonos terciários e quaternários. EsPCEX 2016 Química C) Verdadeira. Número Atômico Z=1 Z=6 Z=8 E) Falsa. O nome do composto resultante é 2,2-dimetilbutano. D) Falsa. Existem cadeias ramificadas com carbonos terciários e quaternários. 4. [EsPCEx-2012] O etino, também conhecido como [B] 245,0 L Resposta: C E) Falsa. O nome do composto resultante é 2,2-dimetilbutano. 22 a) acetileno, O metanol, fórmula estrutural é H3C-OH, do tipo π (pi). é cuja um Alcino muito importante na apresente [C]quatro 430,5 ligações L b) O butano e o metilpropano apresentam a mesma fórmula molecular (C H Química. Esse composto possui várias [D] 825,3 L 4 10) e a mesma Resposta: C como acetileno, é um Alcino muito importante na Química. 40. O etino, também conhecido massa molar de 58 g/mol e, por conseguinte, possuem iguais pontos de fusão e aplicações, dentre elas o uso como gás de [E] 350,0 L Esse composto possui várias aplicações, dentre elas o uso como gás de maçarico 40. O etino, também conhecido como acetileno, é um Alcino muito importante na Química. ebulição. maçarico oxiacetilenico, cuja chama azul atinge oxiacetilênico, cuja chama azul atinge temperaturas em torno de 3000°C. Esse composto possui várias dentre elas o uso como gás de maçarico Resp: [C] A produção industrial do gás etino está abaixo, emA três etapas, conforme as c) Metano, etano propano são constituintes de uma série homologia de hidrocarbonetos. temperaturas em erepresentada, torno de aplicações, 3000°C. produção oxiacetilênico, cuja chama azul atinge temperaturas em torno de 3000°C. equações balanceadas: do carbônica gás etinohomogênea está representada, d) industrial Uma cadeia é ramificada quando apresenta somente carbonos 4C (NOetapas, 6 N2(g) + 12 A produção industrial do gás etino está representada, abaixo, em as CO(g) + 10 H2O(g) + 7 O2(g) 3H5três 3)3(l) à conforme abaixo, em três etapas, conforme as equações primários e secundários. equações 4x227 g ------ 6 + 12 + 10 + 7 = 35 mols de gases ETAPA I: CaCO3( s)balanceadas: → CaO + CO2( g) e) balanceadas: A união das(s) estruturas dos radicais orgânicos etil e454 t-butil (ou g ------terc-butil) x àgera x =um 17,5 mols ETAPA II: CaO 3CI: + CO( g) ETAPA → CaO + CO cuja estrutura é nomeada por 2-metilhexano. 2( s) CaCO (s) +composto (graf ) → CaCorgânico 3( s) s 2 g ( ) ( ) ETAPA III: CaC + 2HII: Ca ( OH)2+( aq3C + C2H2(→ ETAPA 2O(l) → CaO 2( s ) ) ( graf ( s) ) g) CaC2( s) + CO( g) Dados: Utilizando a equação de Clapeyron: PV = nRT, temos: 1 x V = 17,5 x 0,082 x 300 à V = 430,5 L ETAPA III: CaC2(s) + 2H2O(l) → Ca ( OH)2( aq) + C2H2(g) Solução: Elemento Químico H-Hidrogênio C-Carbono O-Oxigênio Ca-Cálcio Dados: Massa AtômicaO metanol 1u 12 u 16 ligações u 40 usigma. A) Falsa. só apresenta 6. [EsPCEx-2011] Um laboratorista pesou Elemento Químico H-Hidrogênio C-Carbono O-Oxigênio Ca-Cálcio B) Falsa. O butano e o metilpropano apresentam pontos de uma fusão e ebulição separadamente amostra I, de hidróxido de Massa 1admitindo ude cada etapa 12 da uoobtenção16 40 u asAtômica etapas que Considerando asConsiderando etapas citadas admitindo que ocitadas rendimento do u diferentes, pois apresentam cadeias diferentes e amostra ramificada, sódio (simples (NaOH), e uma II, de óxido de gás etino por esse método é dede 100%, então a massa carbonato de rendimento cada etapa da deobtenção docálculo gás (CaCO3(s)) respectivamente). cálcio e, do como não dispunha de as gás etapas que o rendimento de cada etapa(CaO), da obtenção necessária paraConsiderando produzirpor 5,2 esse g do etino citadas (Cé é100%, então 2H2(g) etino método de) admitindo a massa gás etino por esse método é de 100%, então a massa de carbonato de cálculo (CaCO ) C) Verdadeira. etiquetas, anotou somente a soma das massas 3(s) a) 20,0 g de carbonato de cálcio (CaCO necessária para 3(s) necessária produzir 5,2 g doramificadas gás) etino (C2H2(g) ) é carbonos D) Falsa. para Existem cadeias com terciários das amostras (Ie +quaternários. II) igual a 11,2 g. b) 18,5 g a)produzir 20,0 g 5,2 g do gás etino (C2H2(g)) é: Cada uma das amostras I e II foi tratada E) Falsa. O nome do composto resultante é 2,2-dimetilbutano. b) [A] 18,520,0 g g. separadamente com ácido sulfúrico (H2SO4) [B] 18,5 Cg. ENDEREÇO: INÁCIO LUSTOSA, 281 www.elitecuritiba.com.br produzindo, respectivamente, sulfato de sódio Resposta: 16,0 g. CURSO[C] PRÉ VESTIBULAR ELITE CURITIBA ENDEREÇO: INÁCIO LUSTOSA, 281 (Nawww.elitecuritiba.com.br 2SO4) mais água (H2O) e sulfato de cálcio 26,0 g.também conhecido como acetileno, é um Alcino (CaSOmuito mais água na (HQuímica. Considere o 40.[D] O etino, importante 4) 2O). [E] composto 28,0 g. das gás reações questão igual a Esse possui várias aplicações, dentre elasrendimento o uso como de em maçarico 100%.de 3000°C. oxiacetilênico, Resp.: opção [A] cuja chama azul atinge temperaturas em torno Sendo soma das massas dos sais A produção industrial do gás etino está representada, abaixo, em atrês etapas, conforme as produzidos Sendo o rendimento de cada etapa 100%, podemos (Na SO + CaSO ) igual a 25,37 g, então a massa 2 4 4 equações balanceadas: somá-las e obter a reação global. da amostra I de hidróxido de sódio (NaOH) e a massa de amostra II de óxido de cálcio (CaO) ETAPA I: CaCO3( s) → CaO( s) + CO2( g) são, respectivamente: ETAPA II: CaO(s) + 3C(graf ) → CaC2( s) + CO( g) Dados: URSO PRÉ VESTIBULAR ELITE CURITIBA ETAPA III: CaC2(s) + 2H2O(l) → Ca ( OH)2( aq) + C2H2(g) Reação Global: CaCO3(s) + C(Graf) + 2 H2O(l) à [A] 6,8 g e 4,4 g. Dados: + C H + CO + CO Ca(OH) 2(aq) 2 2(g) (g) 2(g) 10,0 g e 1,2 g. Elemento Químico H-Hidrogênio C-Carbono[B] O-Oxigênio Ca-Cálcio [C] 4,5 g e 6,7 g. Massas molares: CaCO 3 = 40 + 12 + 3x16 Massa Atômica 1 u = 100 12 u 16 u 40 u [D] 2,8 g e 8,4 g. g/mol; C2H2 = 2x12 + 2x1 = 26 g/mol [E] 5,5 g e 5,7 g. Considerando as etapas citadas admitindo que o rendimento de cada etapa da obtenção do Relação estequiométrica: gás etino1 por método é de 100%, então a massa de carbonato de cálculo (CaCO3(s)) mol esse de CaCO 3 ----- 1 mol C2H2 Resp.: opção [D] necessária para100 produzir 5,2 g ------- g 26do g gás etino (C2H2(g)) é Questão bem elaborada e exigindo a) 20,0 g x ------- 5,2 g raciocínio e cálculos precisos. Envolve duas b) 18,5 g x = 20,0 g de CaCO3 reações de neutralização e cálculos estequiométricos decorrentes. 5. [EsPCEx-2011] Dada a equação balanceada de CURSO PRÉ VESTIBULAR ELITEnitroglicerina CURITIBA ENDEREÇO: www.elitecuritiba.com.br detonação do explosivo de fórmulaINÁCIO LUSTOSA, 281 a) 2 NaOH + H2SO4 à 1 Na2SO4 + H2O C3H5(NO3)3(l): b) 1 CaO + H2SO4 à 1 CaSO4 + H2O 4 C3H5(NO3)3(l) à 6 N2(g) + 12 CO(g) + 10 H2O(g) + 7 O2(g) a) 2 NaOH ---- 1 Na SO 2 Considerando os gases acima como ideais, a temperatura de 300 Kelvin (K) e a pressão de 1 atm, o volume gasoso total que será produzido na detonação completa de 454 g de C3H5(NO3)3(l) é: Dados: -2 -1 Constante universal dos gases: R=8,2·10 atm·L·K ·mol -1 [A] 639,6 L -3- 80 g -----------142 g x ----------- x/2 4 x = 2,8 g e y = 8,4 g b) 1 CaO ------- 1 CaSO4 56 g ---------- 136 g y Profª Fátima Serrado EsPCEX 2016 Química Sabendo que: x + y = 11,20 g 142 x/2 + 136 z = 25,37 à x = 0,07 mol; y = 0,15 mol x = 2,8 g e y = 8,4 g inicia-se facilmente e gera rapidamente grandes quantidades de gases, expressiva força de expansão e intensa liberação de calor, conforme a equação da reação: 4 C3H5N3O9(l) à 6 N2(g) + 12 CO2(g) + 10 H2O(g) + O2(g) 7. 1 CaO ------- 1 CaSO4 56 g ------- 136 g y ------- y Admitindo-se os produtos gasosos da reação como gases ideais, cujos volumes molares são iguais a 24,5 L, e tomando por base a equação da reação de decomposição da nitroglicerina, o volume total aproximado, em litros, de gases produzidos na reação de decomposição completa de 454 g de nitroglicerina será de Dados: massa molar da nitroglicerina = 227 g/mol; volume molar = 24,5 L/mol (25 ºC e 1 atm) [EsPCEx-2011] Um antiácido estomacal contém bicarbonato de sódio (NaHCO3) que neutraliza o excesso de ácido clorídrico (HCl), no suco gástrico, aliviando os sintomas da azia, segundo a equação: Sobre essas substâncias, são feitas as seguintes afirmações: [A] [B] [C] [D] [E] HCl(aq) + NaHCO3(aq) à NaCl(aq) + H2O(l) + CO2(g) I. A fórmula estrutural do bicarbonato de sódio e do ácido clorídrico são respectivamente: 355,3 L 304,6 L 271,1 L 123,5 L 89,2 L Resp.: opção [A] 4 mols C3H5N3O9 à 6 mols N2 + 12 mols CO2 + 10 mols H2O + 1 mol O2 = 6 + 12 + 10 + 1 = 29 mols de volume gasoso II. Na reação entre o bicarbonato de sódio e o ácido clorídrico, ocorre uma reação de oxidorredução. III. O antiácido contém 4,200 g de bicarbonato de sódio para neutralização total de 1,825 g do ácido clorídrico presente no suco gástrico. 4 x 227 g C3H5N3O9 ------- 29 mols x 24,5 L 454 g -------- x x = 355,25 L 9. EsPCEx-1993: Com base na equação podemos afirmar que 200g de carbonato de cálcio produzirá a seguinte massa de cloreto de cálcio e volume de CO2 nas CNTP, respectivamente, supondo-se que a reação tenha 100% de rendimento CaCO3 + 2HCl → CaCl2 + H2O + CO2 Dados: CNTP = Condições Normais de Temperatura e Pressão; Ca = 40u; C = 12u; O = 16; Cl = 35,5u; VM = 22,4L/mol. Das afirmações feitas, está(ão) correta(s) [A] [B] [C] [D] [E] apenas apenas apenas apenas apenas I e II. II e III. I e III. III. II. [A] [B] [C] [D] Resp.: opção [D] I. Falsa. A fórmula estrutural do bicarbonato de sódio (NaHCO3) está correta, porém a do ácido clorídrico (HCl) está errada, pois a ligação entre os átomos é covalente simples. II. Falsa. O Nox dos elementos não varia entre suas substâncias reagentes e produtos. III. Verdadeira. Efetuando-se os cálculos devidos, veremos sua validade: NaHCO3 HCl 84 g ------- 36,5 g y ------- 1,825 g 111 222 111 222 g g g g e e e e 22,4 22,4 44,8 44,8 L L L L Resp: [D] M(CaCO3) = 40 + 12 + 3x16 = 100 u; M(CaCl2) = 40 + 2x35,5 = 111 CaCO3 + 2HCl → CaCl2 + H2O + CO2 100 g -------- 111 g ------ 22,4 L 200 g ---------x ------y x = 222g de CaCl2 e y = 22,8 L de CO2 y = 4,200 g 10. EsPCEx-1993: A massa de carbono (grafite) necessária para produzir 220 g de dióxido de carbono é: Dados: Massa Atômica C = 12. [A] 12g 8. [EsPCEx-2011] A nitroglicerina é um líquido oleoso de cor amarelo-pálida, muito sensível ao choque ou calor. É empregada em diversos tipos de explosivos. Sua reação de decomposição -4- Profª Fátima Serrado EsPCEX 2016 Química [A] [B] [C] [D] [E] [B] 24g [C] 36g [D] 60g Resp: [D] A reação que ocorre é a seguinte: C + O2 → CO2 12 g ---------- 44 g x ---------- 220 g à x = 60g Resp: [E] N2(g) + 3H2(g) → 2NH3(g) 22,4L --------------- 2x17 g v --------------- 3400 g à v = 2240 L 14. EsPCEx–1995: A quantidade de ar, nas CNTP, necessárias para queimar 100 g de metano, considerando que praticamente 1/5 do volume atmosférico consiste de oxigênio, é: [A] 280 L [B] 2800 L [C] 1400 L [D] 140 L [E] 400L 11. EsPCEx-1993: Um composto orgânico de massa molecular igual a 46 u possui 0,2 mol de átomos de carbono combinado com 0,6 g de hidrogênio e 6x1022 átomos de oxigênio. Sua fórmula molecular é [A] CH2O2 [B] C2H2O2 [C] C2H6O [D] C2H3O Resp: [C] Reação de combustão do metano balanceada: CH4 + 2O2 → CO2 + 2H2O Massa molar do CH4 = 16u 16g --- 2.22,4L 100g -- x = 280 L de O2 (que corresponde a 1/5 do ar): Resp: [C] Transformando nº massa em nº de mol do hidrogênio: 1 mol H ---- 1 g x ----- 0,6 g x = 0,6 mol de H Transformando nº de átomos de oxigênio em nº de mol: 1mol O ---- 6.1023 átomos x ---- 6.1022 átomos x= 0,1 mol de O 280 L ----- 1/5 y ----- 5/5 à y = 1400L de ar 15. EsPCEx–2005: Um automóvel faz cerca de 10 km com um litro de etano (C2H5OH). Durante uma viagem de 400 km e admitindo a queima completa do combustível, o volume de gás carbônico (CO2) emitido pelo carro em metros cúbicos (m3) é: Dados: densidade do etanol: 0,8 kg/L Massa molar do etanol: 46 g/mol; Volume molar de CO2 = 25 L/mol. [A] 34,8. [B] 42,0. [C] 36,8. [D] 38,0. [E] 42,5. C0,2H0,6O0,1 --- (x10) --------- C2H6O1 Massa molecular é a soma das massas atômicas do composto: (C2H6O1)n = 46 ----- (12x2 + 1x6 + 16x1)n = 46 n = 1 (então a fórmula é C2H6O) 12. EsPCEx-1994: Na fórmula do Sulfato cúprico penta-hidratado (CuSO4.5H2O) as porcentagens aproximadas em massa de cobre e água são, respectivamente: Dados: Cu = 63,5; S = 32; O =16; H = 1 [A] [B] [C] [D] [E] 0,224 litros 2,24 litros 22,4 litros 224 litros 2240 litros 14,2% e 7,9% 14,2% e 36,1% 7,9% e 25,5% 25,5% e 36,1% 25,5% e 7,9% Resp: [A] Cálculo do volume de etanol consumido numa viagem de 100 km: 10 km ----- 1 L 400 km ----- x = 40 litros Cálculo da massa de etanol usando sua densidade: 0,8 kg ---- 1 L x --- 40 L x = 32kg = 32000 g Resp: D Massa molar = (63,5 + 32 + 4x16) + 5(1x2 + 16) + 5(1x2 + 16) = 249,5 ------ 100% Reação da queima do etanol: C2H5OH + 3O2 → 2CO2 + 3H2O 46 g ----------- 2x25L 32000 g --------- x = 34782,6 L (Cobre) 63,5 ------ x = 25,5% (água ) 90 ------ y = 36,1% 13. EsPCEx-1994: Na reação de síntese da amônia (N2(g) + 3H2(g) → 2NH3(g)), feitas nas CNTP, o volume de nitrogênio necessário para se obter 3,4 kg de NH3 será Dados: Massas molares: N = 14; H = 1. Volume molar nas CNTP = 22,4 L/mol Transformando L em m3: 1m3 = 1000 dm3 = 1000 L, então 34782 L = 34872 dm3 = 34,8 m3 16. EsPCEx–2008: O carbonato de sódio (Na2CO3) empregado na fabricação de vidro é preparado a -5- Profª Fátima Serrado EsPCEX 2016 Química partir do carbonato de cálcio (CaCO3) e cloreto de sódio (NaCl), segundo a equação balanceada: CaCO3 + 2 NaCl à Nº mol de HCl colocados: 300 mol Nº mol em excesso reagem com 144 mol de NaOH: como é necessário 1 mol de NaOH para neutralizar 1 mol de HCl, a quantidade de matéria (mol) do HCl em excesso é 144, então, a quantidade que reage é: 300 – 144 = 156 mol. Na2CO3 + CaCl2 Partindo-se de 1250 g de carbonato de cálcio (com grau de pureza de 80%) e 650 g de cloreto de sódio (com grau de pureza de 90%), a massa de carbonato de sódio (Na2CO3) obtida dessa reação, admitindo-se um rendimento da reação de 80%, será de: Dados: Massas atômicas: C = 12 u; O = 16 u; Na = 23 u; Cl = 35,5 u; Ca = 40 u [A] 585 g. [B] 1000 g. [C] 424 g. [D] 650 g. [E] 480 g. Sendo m1 a massa de Na2O que reage e m2 a de K2O que reage, temos: m1 + m2 = 5828g Calculando o nº mol dos óxidos, considerando n1 = nº mol HCl que reage com Na2O e n2 = nº mol de HCl que reage com K2O, temos: n1 + n2 = 156 mol. Considerando que: • 1 mol de Na2O reagem com 2 mols de HCl, então, 62 g ----- 2 mol m1 ------ n1 à m1 = 31 n1 • 1 mol de K2O reagem com 2 mols de HCl, então, 94 g ----- 2 mol m2 ------ n2 à m2 = 47 n2 Resp: [C] Cálculo da massa do carbonato que reage (a parte pura): 80% de 1250 g = 1000 g Cálculo da massa de cloreto que reage (a parte pura): 90% de 650 g = 585 g Como : m1 + m2 = 5828g e substituindo os valores acima, temos: 31 n1 + 47 n2 = 5828 n1 + n2 = 156 CaCO3 + 2 NaCl → Na2CO3 + CaCl2 100g ---- 2x58,5 g ---- 106 g 1000 g --- x = 1170 g (está em falta, logo, o CaCO3 está em excesso) Resolvendo o sistema encontramos: n2 = 62 (substituindo em: m2 = 47 n2, temos: m2 = 47.62 = 2914g (ou seja, 50% da massa total dos óxido, 5828g) Cálculo da massa do Na2CO3 formado, utilizando 585 g de NaCl, para um rendimento de 100%: 18. EsPCEx–2009: Uma amostra de 1,72 g de sulfato de cálcio hidratado (CaSO4.nH2O), onde “n” representa o número de molécula(s) de água (H2O), é aquecida até a eliminação total da água de hidratação, restando uma massa de 1,36 g de sulfato de cálcio anidro. Dados: massas atômicas: Ca = 40; S= 32;O = 16;H = 1 A fórmula molecular do sal hidratado é: 2x58,5 g NaCl ---- 106 g Na2CO3 585 g ------------ x = 530 g Cálculo da massa encontrada rendimento: 530 g x 80% = 424 g para 80% de 17. EsPCEx–2009: Uma quantidade de 5828 g de mistura de óxido de sódio (Na2O) e óxido de potássio (K2O) foi tratada com uma solução de ácido clorídrico que continha 300 mols de HCl. Admitindo-se que toda a mistura de óxidos reagiu com parte do HCl, e que o excesso de HCl necessitou de 144 mols de hidróxido de sódio (NaOH) para ser totalmente neutralizado, então a composição percentual, em massa de Na2O e de K2O era, respectivamente, Dados: Massas Atômicas: Na = 23u; K = 39u; O = 26u. [A] [B] [C] [D] [E] 28% 42% 50% 58% 80% e e e e e [A] CaSO4.1H2O [B] CaSO4.2H2O [C] CaSO4.3H2O [D] CaSO4.4H2O [E] CaSO4.5H2O Resp: [B] 1,72 g ----- 100% (massa total do sal hidratado) 1,36 g --- x (massa do sal anidro) x = 79% Então 100 – 79 = 21% (quantidade de água retirada) Massa molar: CaSO4 = 136 g/mol H2O = 18 g/mol Então 136 + 18n ---- 100% 18n --- 21% à 18n.100 = (136 + 18n).21 à n = 2 72% 58% 50% 42% 20% Gases O movimento das partículas de um gás é contínuo e ininterrupto e exerce pressão uniforme nas paredes do recipiente. A pressão exercida por um gás dentro de um recipiente resulta dos choques das partículas contra as paredes, que ocorrem de forma perfeitamente elástica, sem que haja variação da energia mecânica total. Resp: [C] As reações que ocorrem são: Na2O + 2HCl → 2NaCl + H2O K2O + 2HCl → 2KCl + H2O e Massas molares: Na2O = 62g/mol e K2O = 94 g/mol Chamamos de gás ideal ou gás perfeito qualquer gás que apresente essas características, o -6- Profª Fátima Serrado EsPCEX 2016 Química que normalmente não ocorre com a maioria dos gases com os quais trabalhamos, devido ao fato de ocorrerem interações entre suas moléculas. Esses gases são denominados gases reais, que, a altas temperaturas e a baixas pressões, se assemelham, no seu comportamento, aos gases perfeitos. Quando estudamos um gás, devemos medir e estabelecer relações entre as seguintes grandezas: pressão (P); volume (V); temperatura (T) e quantidade de substância, que é indicada pelo número de mol (n). Equação Geral do Gases Condições Normais de Temperatura e Pressão (CNTP) Pressão: 1 atm = 760 mm Hg = 760 torr 1 atm = 101.325 Pa (pascal) ( ≅ 105 Pa) = 1,0 bar Volume: 1 mL = 1 cm3 PNormal = 1 atm = 760 mm Hg TNormal = 0°C = 273 K 1 L = 1 dm3 ≅ 100 kPa Temperatura: T(K) = t(°C) + 273 Volume Molar Transformações Gasosas Volume ocupado por um mol de qualquer gás, a uma determinada pressão e temperatura Lei de Boyle e Mariotte Isotérmica (T = constante) VM = 24,5 L/mol (a 25°C e 1 atm) VM = 22,71 L/mol ( a 0°C e 1 bar = 10–5 Pa) Lei de Avogadro Volumes iguais, de quaisquer gases, nas mesmas condições de pressão e temperatura, apresentam a mesma quantidade de substância em mol ou moléculas. Equação de Clapeyron Quanto mais a isoterma se afasta da origem, maior é a temperatura do gás, assim: T1 < T2 < T3. Com base nas leis experimentais de Avogadro, Boyle, Charles e Gay-Lussac, Clapeyron sintetizou-as sob a forma de uma equação de estado de um gás ideal. Como o volume de um gás é diretamente proporcional ao seu n° de mols e à temperatura e inversamente proporcional à pressão, então é natural que: PV =R nT ou seja: PV = nRT onde R, a constante de proporcionalidade, foi denominada de constante Universal dos Gases Perfeitos. Alguns valores de R: Lei de Charles Gay-Lussac Isobárica (P = constante) R = 0,082 atm.L/mol.K R = 8,31 J/mol.K R = 62,3 mmHg.L/mol.K Densidade dos Gases A partir da equação de Clapeyron podemos calcular a densidade do gás. -7- Profª Fátima Serrado EsPCEX 2016 Química Sabendo-se que: PV = mas, d= ou seja, n= m RT M m , então V d= m M , temos que: ou PM = Resp: [B] Amoníaco (ou gás amoníaco) é a amônia (NH3), que tem massa molar = 17 g/mol (N=14; H=1) A água clorada contém cloro, Cl2, massa molar = 71 g/mol (Cl=35,5) Sendo molécula da amônia mais pesada que a do cloro, a velocidade de difusão a amônia é maior do que a do cloro, então a pessoa sentirá primeiro o cheiro da amônia. m RT V PM = d RT MP RT 3) onde M é a massa molar do gás A densidade de um gás é diretamente proporcional à massa molecular e à pressão e inversamente proporcional à temperatura. 1) EsPCEx-1994: Um frasco contém um gás à temperatura de 127ºC. A que temperatura devemos aquecê-lo para que fiquem no frasco apenas ¼ do número de moléculas do gás original. EsPCEx-1996: 420 g de um alceno gasoso, cuja molécula contém 6 hidrogênios, encontram-se num recipiente de 41 litros a uma pressão de 5,5 atm e a uma temperatura de aproximadamente: (Dados os Pesos Atômicos: H=1, C=12 e R=0,082 atm.l/mol.K) [A] [B] [C] [D] [E] [A] 400ºC [B] 508ºC [C] 1327ºC [D] 1600ºC [E] 1727ºC - 2ºC 27,5ºC 275ºC 548 ºC 2477 ºC Resp: [A] Um alceno tem a fórmula geral: CnH2n Um alceno que contém 6H é o C3H6 (M = 3x12 + 6x1 = 42 g/mol) (dados: C = 12; H = 1) Resp: [C] Utilizando a equação geral dos gases: inicial: P1V1 = n1RT1 final: P2V2 = n2RT2 Utilizando a equação de Clapeyron: , temos: Dividindo uma pela outra: Sendo: P1 = P2 V 1= V 2 n2 = ¼ n1 , ou seja, n1 = 4 n2 T1 = 127 + 273 = 400K 4) Temos: T2 = 1600K ------- Transformando para graus Celsius: T2 = 1600 – 273 = 1327ºC 2) EsPCEx-1995: No canto da sala são quebrados simultaneamente dois frascos: um deles contendo amoníaco e outro água clorada, de concentrações molares aproximadamente iguais. Uma pessoa no canto oposto da sala sentirá: EsPCEx-1997: A temperatura interna de um recipiente de 164 litros, que contém 400 g de gás carbônico a 2 atm de pressão, é de: (Dados os Pesos Atômicos: C=12, O=16 e R=0,082 atm.l/mol.K) [A] 7ºC [B] 553ºC [C] 280ºC [D] 440 ºC [E] 167ºC Resp: [E] Utilizando a equação de Clapeyron e a massa molar do gás carbônico, CO2 (12 + 2x16 = 44 g/mol), temos: [A] [B] [C] [D] primeiro o cheiro do cloro. primeiro o cheiro do amoníaco. o cheiro de ambos simultaneamente. não sentirá o cheiro de nenhum, pois irá reagir com o ar. [E] não sentirá o cheiro de nenhum, pois não são substâncias voláteis. 5) -8- EsPCEx-1998: Após a combustão completa de um hidrocarboneto e a separação de todo o vapor d’água produzido, restou um gás contendo 1,8 x 1024 átomos de oxigênio, que foi todo armazenado num recipiente de 4,1 litros e Profª Fátima Serrado EsPCEX 2016 Química 3 atm, a uma temperatura aproximadamente: (Dado: R=0,082 atm.l/mol.K) [A] [B] [C] [D] [E] d’água de Elemento Nitrogênio Oxigênio Hidrogênio Argônio Carbono 100ºC -23ºC -173ºC 227 ºC 373ºC Para um volume de ar expirado de 124,64 litros, em uma pressão igual a da tabela acima, com uma temperatura igual a 27ºC e R = 0,082 atm.L.mol-1.K-1, a massa do gás carbônico do ar expirado é de, aproximadamente: Resp: [C] A combustão de hidrocarbonetos forma CO2 e H2O. Retirando todo o vapor de água, resta somente CO2 (que contém 1,8 x 1024 átomos de oxigênio): [A] [B] [C] [D] [E] 23 1 mol CO2 ----- 2 x 6 x 10 átomos de O n ----- 1,8 x 1024 átomos de O n = 1,5 mol de CO2 Utilizando a equação de Clapeyron: PV = nRT, temos: EsPCEx-1999: A massa de CO2, encerrada num recipiente de 164 mL, a 1520 mmHg, é de 2,2 x 10-1 g. Nestas condições a sua temperatura é: (Dado: 6C12 e 8O16; R=0,082 atm.l/mol.K) [A] [B] [C] [D] [E] 327ºC 527ºC 600ºC 800 ºC 1073ºC Temperatura em Kelvin: T(K) = 27 + 273 = 300K Massa molar do CO2 = 12 + 2 x 16 = 44 g/mol Pressão parcial do CO2 = 60 mmHg = 60/760 = 0,0789 atm Resp: [B] Utilizando a equação de Clapeyron e transformando a pressão em atm (1520/760 = 2 atm), o volume em litros (164 mL = 0,164L) e sabendo que a massa molar do CO2 é 44 g/mol (12 + 2x16 = 44), temos: 7) 5,6 g. 8,8 g. 11,2 g. 17,8 g. 26,4 g. Resp: [D] Sabendo-se que a quantidade do ar inspirado é igual à quantidade do ar expirado, temos: 590 + 160 + 0,1 + 5,6 + 4,3 = 544,3 + 88,2 + X + 5,0 + 62,5 X = 60 mmHg (pressão parcial do CO2) Sabendo-se que a pressão total (a nível do mar) é de 760 mmHg, temos: 760 mmHg --- 100% 60 mmHg --- x x = 7,89 % de CO2 3 x 4,1 = 1,5 x 0,082 x T à T = 100K à T = 100 – 273 = - 173ºC 6) Massa atômica 14 16 1 39,9 12 EsPCEx-2000: Um atleta ao nível do mar, inspira e expira o ar, modificando quantitativamente a sua composição. As tabelas a seguir apresentam as pressões parciais do ar, em mmHg, nas duas composições e as massas atômicas dos elementos. Gás Ar Ar inspirado expirado Nitrogênio 590 544,3 Oxigênio 160 88,2 Gás 0,1 X carbônico Argônio 5,6 5,0 Vapor 4,3 62,5 -9- Profª Fátima Serrado