INSTITUTO POLITÉCNICO DE SETÚBAL ESCOLA SUPERIOR DE TECNOLOGIA DE SETÚBAL DEPARTAMENTO DE MATEMÁTICA PROBABILIDADES E ESTATÍSTICA 1o Teste SEMESTRE PAR 2008/2009 Data: 9 de Maio de 2009 Duração: 2h 30m Tópicos de Resolução 1. Num determinado cruzamento de uma avenida temos a opção de virar à esquerda, virar à direita ou seguir em frente. Nesse cruzamento tem-se verificado que os veículos que seguem em frente são o dobro dos que viram à direita e os que viram à esquerda metade dos que viram à direita. [1.5] (a) Qual é a probabilidade dos veículos nesse cruzamento virarem à esquerda? Resolução: E− virar à esquerda P (F ) = 2P (D) D− virar à direita P (E) = 12 P (D) F − seguir em frente Sabemos que P (E) + P (D) + P (F ) = 1 1 ⇔ P (D) + P (D) + 2P (D) = 1 ⇔ P (D) + 2P (D) + 4P (D) = 2 ⇔ 2 ⇔ 7P (D) = 2 ⇔ P (D) = Logo P (E) = 2 7 1 2 1 × = 2 7 7 [1.0] (b) Qual é a probabilidade de um veículo virar à direita sabendo que não segue em frente? Resolução: 3 2 P F = 1 − P (F ) = 1 − 2 × = 7 7 2 P D∩F −0 P (D) − P (D ∩ F ) 2 = P D/F = = 7 3 = . 3 P F P F 7 2. O Sr. João tem uma papelaria onde vende diversas revistas. Como as vendas têm vindo a diminuir, o Sr. João resolveu fazer um estudo sobre o número de revistas que vende por dia e chegou à seguinte conclusão: • • • • • não vende mais de 4 revistas por dia; em 90% dos dias vende revistas; em 65% dos dias vende mais de uma revista; em 30% dos dias vende pelo menos três revistas; em média vende 2 revistas por dia. [2.0] (a) Construa a função de probabilidade do número de revistas vendidas por dia pelo Sr. João. Resolução: X − número de revistas que vende por dia das condições vem: • não vende mais de 4 revistas por dia a v.a. X é uma v.a. discreta e assume os valores 0, 1, 2, 3 e 4; • em 90% dos dias vende revistas P (X > 0) = 0.90 ⇔ 1 − P (X = 0) = 0.90 ⇔ f (0) = 0.10; • em 65% dos dias vende mais de uma revista P (X > 1) = 0.65 ⇔ 1 − P (X ≤ 1) = 0.65 ⇔ f (0) + f (1) = 0.35 ⇔ f (1) = 0.25; • em 30% dos dias vende pelo menos três revistas P (X ≥ 3) = 0.30 ⇔ 1 − P (X ≤ 2) = 0.30 ⇔ f (0) + f (1) + f (2) = 0.70 ⇔ f (2) = 0.35 • em média vende 2 revistas por dia. E [X] = 2 ⇔ 0 × f (0) + 1 × f (1) + 2 × f (2) + 3 × f (3) + 4 × f (4) = 2 ⇔ ⇔ 0 + 0.25 + 0.70 + 3f (3) + 4f (4) = 2 ⇔ 3f (3) + 4f (4) = 1.05 Como f é uma função de probabilidade vem que f (x) ≥ 0, ∀x e f (0) + f (1) + f (2) + f (3) + f (4) = 1 ⇔ f (3) + f (4) = 0.30 Agora basta resolver o seguinte sistema 3f (3) + 4f (4) = 1.05 f (3) = 0.15 f (3) + f (4) = 0.30 ⇔ f (4) = 0.15 A função de probabilidade é x f (x) 0 0.10 1 0.25 2 0.35 3 0.15 4 0.15 [1.0] (b) Qual a probabilidade, de num dia, o Sr. João vender mais de 2 revistas sabendo que nesse dia já vendeu revistas? Resolução: P (X > 2 / X > 0) = P (X > 2) P (X ≥ 3) 0.30 1 P (X > 2 e X > 0) = = = = P (X > 0) 0.90 0.90 0.90 3 [1.5] (c) Calcule V [2 − 3X] . Resolução: E X 2 = 02 × f (0) + 12 × f (1) + 22 × f (2) + 32 × f (3) + 42 × f (4) = = 0 × 0.10 + 1 × 0.25 + 4 × 0.35 + 9 × 0.15 + 16 × 0.15 = 5.4 V [2 − 3X] = 9V [X] = 9 × E X 2 − E 2 [X] = 9 × 5.4 − 22 = 12.6 3. Considere a variável aleatória X com a seguinte função densidade de probabilidade: 2 2 3c x , −1 ≤ x ≤ 0 f (x) = −3cx , 0<x≤1 0 , caso contrário e seja c uma constante real. 2 [1.5] (a) Prove que − 12 é o único valor admissível para c. Resolução: f (x) ≥ 0, ∀x ∈ R . Para − 1 ≤ x ≤ 0 : f (x) = 3c2 x2 ≥ 0, ∀c ∈ R 0 < x ≤ 1 : f (x) = −3cx ≥ 0, ∀c ∈ R− 0 . Para Então da 1a condição conclui-se que c ≤ 0. +∞ −∞ f (x) dx = 1⇔ 0 2 2 3c x dx 1 1 2 3 0 −3cx2 −3cxdx = 1 ⇔ c x −1 + =1⇔ 2 0 0 −1 3c ⇔ c2 − =1⇔c= 2 3 2 ± 2 9 4 +4 1 ⇔ c = − ∨ c = 2. 2 Juntando as duas condições da f.d.p., o único valor admissível para c é − 12 . [2.0] (b) Determine a função de distribuição da variável aleatória X e com base nessa função calcule P − 31 < X < 14 . Resolução: x < −1 : F (x) = x 0du = 0 −∞ −1 ≤ x ≤ 0 : F (x) = F (−1) + x −1 0 < x ≤ 1 : F (x) = F (0) + x 0 x > 1 : F (x) = F (1) + x 3 x u x3 1 3 2 = u du = 0 + + 4 4 −1 4 4 2 x 3 1 3u 3x2 1 udu = + = + 2 4 4 0 4 4 0du = 3 1 + =1 4 4 0 Logo a função de distribuição é dada por: F (x) = e 0 x3 +1 4 3x2 +1 4 1 , x < −1 , −1 ≤ x ≤ 0 ,0<x≤1 ,x>1 1 1 1 1 3 (1/4)2 + 1 (−1/3)3 + 1 P − <X< =F −F − = − = 0.0561. 3 4 4 3 4 4 4. Num determinado cruzamento de uma avenida temos a opção de virar à esquerda, virar à direita ou seguir em frente. Nesse cruzamento verificam-se alguns acidentes. Sabe-se que o número de acidentes por semana nesse cruzamento segue uma distribuição de Poisson cujo parâmetro depende da direcção que os veículos seguem. Sabe-se que em relação aos veículos que seguem em frente a probabilidade de não haver acidentes numa semana é de 0.1353, os que viram à direita têm em média 1 acidente por semana e os que viram à esquerda têm em média 4 acidentes por semana. 3 [1.0] (a) Qual o número médio de acidentes por semana nesse cruzamento em relação aos veículos que seguem em frente? Resolução: X3 − número de acidentes, por semana, dos veículos que seguem em frente. e−λ × λ0 = 0.1353 ⇔ λ = 2 0! conclui-se que X3 ∼ P (2) e como E [X3 ] = λ3 = 2, tem-se que ocorrem em média 2 acidentes por semana no cruzamento relativamente aos veículos que seguem em frente. P (X3 = 0) = 0.1353 ⇔ [1.5] (b) Qual a probabilidade de numa semana se registarem pelo menos 10 acidentes nesse cruzamento? Resolução: Considere: X1 − número de acidentes, por semana, dos veículos que viram à esquerda E [X1 ] = 4 pelo que X1 ∼ P (4) X2 − número de acidentes, por semana, dos veículos que viram à direita E [X2 ] = 1 pelo que X2 ∼ P (1) X3 − número de acidentes, por semana, dos veículos que seguem em frente E [X3 ] = 2 pelo que X3 ∼ P (2) Seja X a v.a. que representa o número de acidentes, por semana, no cruzamento. Sabemos que X ∼ P (λ) Sabemos que o parâmetro λ depende da direcção que os veículos seguem. Observe-se que as variáveis aleatórias X1 , X2 e X3 são independentes, então podemos aplicar a propriedade da aditividade da Poisson 3 3 X= Xi ∼ P λ = λi i=1 obtendo-se neste caso i=1 X ∼ P (4 + 1 + 2) ⇔ X ∼ P (7) Pelo que P (X ≥ 10) = 1 − P (X < 10) = 1 − P (X ≤ 9) = 1 − F (9) = 1 − 0.8305 = 0.1695. [1.5] (c) Qual a probabilidade do tempo entre dois acidentes consecutivos nesse cruzamento ser no mínimo de 3 dias? Resolução: Seja Y a v.a. que representa o tempo, em dias, entre dois acidentes consecutivos. Tem-se que Y ∼ Exp (θ) onde θ= 4 t 7 = =1 λ 7 isto porque X ∼ P (λ = 7), onde λ = 7 corresponde ao número médio de acidentes em 1 semana = 7 dias. Tendo-se assim que Y ∼ Exp (1) Sendo a sua função de distribuição dada por: 0 F (y) = 1 − e− yθ se x < 0 se x ≥ 0 Pelo que 3 P (Y ≥ 3) = 1 − P (Y < 3) = 1 − P (Y ≤ 3) = 1 − F (3) = 1 − 1 − e− 1 = e−3 = 0.0498 5. A resistência à compressão de provetes cúbicos (em MPa-Mega Pascal) é uma variável aleatória que se admite ter distribuição normal com desvio padrão igual a 1.6 MP a. Sabe-se, ainda, que a probabilidade de um provete cúbico possuir uma resistência, no máximo, de 22.24 MP a é de 0.0179. [1.5] (a) Com base na informação disponível, prove que a resistência média à compressão de provetes cúbicos é 25.6 M pa. Resolução: X−resistência à compressão de provetes cúbicos em M P a P (X ≤ 22.24) = 0.0179 ⇔ P X ∼ N (µ, 1.6) ⇔ Z = X −µ ∼ N (0, 1) 1.6 22.24 − µ 22.24 − µ = 0.0179 ⇔ Φ = 0.0179 ⇔ Z≤ 1.6 1.6 22.24 − µ 22.24 − µ ⇔ Φ − = 0.9821 ⇔ − = 2.1 ⇔ µ = 25.6 1.6 1.6 ∴A resistência média à compressão de provetes cúbicos é de 25.6 M pa. [1.0] (b) Qual a probabilidade de um provete cúbico ter uma resistência superior a 24.256 M pa? Resolução: 24.256 − 25.6 P (X > 24.256) = 1−P Z ≤ = 1−Φ (−0.84) = 1−(1 − Φ (0.84)) = Φ (0.84) = 0.7995 1.6 [1.5] (c) Qual a probabilidade de, em 18 provetes cúbicos, se registarem pelo menos 5 com resistência no máximo de 24.256 M pa? Resolução: Y −número de provetes cúbicos com resistência no máximo 24.256 M pa, de um grupo de 18 provetes n = 18 p = P (sucesso) = P (X ≤ 24.256) = 1 − 0.7995 = 0.2005 0.20 Y ∼ B(18, 0.2) P (Y ≥ 5) = 1 − P (Y ≤ 4) = 1 − 0.7164 = 0.2836 5 [1.5] 6. Seja X uma variável aleatória contínua com a seguinte função de distribuição 0 , x<0 F (x) = 1 − e−βx , x ≥ 0 e sejam a e b constantes reais positivas. Mostre que a seguinte propriedade é verdadeira P (X ≤ a + b / X ≥ a) = P (X ≤ b) . Resolução: P (X ≤ a + b / X ≥ a) = = P (X ≤ a + b ∧ X ≥ a) P (X ≥ a) = a>0, b>0 P (a ≤ X ≤ a + b) P (X ≥ a) = X v.a. contínua 1 − e−β(a+b) − 1 − e−βa e−βa 1 − e−βb F (a + b) − F (a) = = = 1 − e−βb = F (b) = P (X ≤ b) . 1 − F (a) 1 − (1 − e−βa ) e−βa Fim. 6