2a etapa - Energia
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UDESC 2a etapa Física 01)Resposta: D Comentário I. Falsa. Peso é grandeza vetorial. II.Verdadeira. III.Verdadeira. IV.Falsa. Temperatura é grandeza escalar em qualquer situação. 02)Resposta: C Comentário Com o aumento da densidade do líquido teremos um aumento do empuxo, portanto a parte imersa do navio irá diminuir, e por consequência teremos menor volume de líquido deslocado. 03)Resposta: A Comentário EMA =EMB EMA =EMC ECA +EpA =ECB +EpB ECA +EpA =ECC +EpC m .g.hA = 10.5,65= m .v B2 + m .g.hB 2 m .g.hA = v B2 +10.3,2 2 10.5,65= v B2 =49 v B =7m/s m .v C2 + m .g.hC 2 v C2 +10.2,45 2 v C2 =64 v C =8m/s 04)Resposta: B Comentário a)Correta. Nos meios homogêneos, transparentes e isótropos a luz se propaga em linha reta. E ao incidir em uma superfície especular é refletida. b)Incorreta. Quando a luz é refletida em um espelho (qualquer espelho), o ângulo de incidência é igual ao de reflexão. Isso significa que sua trajetória apenas não sofrerá alteração se o ângulo de incidência for 0o, ou seja, quando o raio incidente é perpendicular à superfície refletora. c)Correta. d)Correta. (Princípio da Independência dos Raios Luminosos). e)Correta. UDESC 2a etapa 05)Resposta: C Comentário Nos tubos sonoros fechados só existe harmônicos ímpares. Assim, se a frequência do 1º harmônico é 500 Hz, temos que: • frequência do 3º harmônico: f3 = 3 . f0 ⇒ f3 = 3 . 500 = 1500 Hz. • frequência do 5º harmônico: f5 = 5 . f0 ⇒ f5 = 5 . 500 = 2500 Hz. • frequência do 7º harmônico: f7 = 7 . f0 ⇒ f7 = 7 . 500 = 3500 Hz. • frequência do 9º harmônico: f9 = 9 . f0 ⇒ f9 = 9 . 500 = 4500 Hz. 06)Resposta: C Comentário I. Falsa. O modelo planetário grego era geocêntrico, como o montado por Cláudio Ptolomeu (grego); II.Verdadeira. III.Verdadeira. IV.Verdadeira. 07)Resposta: A Comentário A velocidade é tangente à trajetória e no sentido do movimento e a aceleração que atua é a aceleração da gravidade, que é vertical para baixo. UDESC 2a etapa 08)Resposta: E Comentário As forças que atuam são o peso exercido pela Terra, a força normal exercida pelo plano e a força de atrito também exercida pelo plano. 09)Resposta: A Comentário Gráfico I ⇒ A transformação representa uma transformação isovolumétrica, porém a temperatura deveria ser representada em Kelvin. Para representação correta com a temperatura em oC o gráfico deveria ser representado da seguinte maneira: Gráfico II ⇒ A transformação representa uma transformação isobárica. Gráfico III ⇒ A transformação representa uma transformação isotérmica. Solicitamos a anulação dessa questão. 10)Resposta: D Comentário Como o enunciado pede "o ângulo de refração α que o raio refletido forma no vidro, com a direção normal ao plano da lâmina, ao refratar-se pela segunda vez", em relação ao ângulo de incidência θ, temos que: α = θ. Ou seja, a resposta correta é a alternativa b. Se no enunciado solicitasse "o ângulo de incidência α que o raio refletido forma no vidro, com a direção normal ao plano da lâmina, ao refratar-se pela segunda vez", em relação ao ângulo de incidência, a relação correta seria: nvidro . sen α = nar . sen θ, ou seja, a resposta seria o item d, conforme consta no gabarito preliminar divulgado pela Udesc. UDESC 2a etapa 11)Resposta: E Resolução W = Área W = –[(4 – 1) . (30 – 10)] / 2 W = –30 J 12)Resposta: E Comentário e resolução O gráfico mostrado é de um resistor ôhmico (resistência constante) e o valor da sua resistência pode ser obtido através da relação R = V/i, aplicada a qualquer par ordenado de sua curva característica, ou seja: R= V 10 20 30 40 = = = = = 50 Ω i 0, 20 0, 40 0, 60 0, 80 13)Resposta: D Comentário e resolução Se o vetor campo elétrico aponta verticalmente para baixo (lembre-se de que o vetor campo elétrico sempre aponta de uma região positiva para uma região negativa), então, para que a partícula permaneça em repouso, a força elétrica F EL que age sobre ela deve apontar verticalmente para cima e a sua intensidade deve ser igual ao módulo do peso P da partícula. Para que isso ocorra, a carga deve ser negativa. FEL = P → E . q = m.g → q = m.g E 2, 0 .10 −3 .10, 0 → q = 40 .10 −6 C 500 q = −40µC q = 14)Resposta: C Comentário Só haverá indução de corrente na espira quando, de algum modo, a corrente i que circula no circuito produzir na espira um fluxo magnético variável no tempo (Lei de Lenz). Isso só ocorre na proposição apresentada na alternativa (c). 15)Resposta: B Comentário Para que o efeito fotoelétrico seja detectado quando o eletrodo B for iluminado por luz ultravioleta, deve-se estabelecer uma corrente elétrica no circuito e, para que isso ocorra, os elementos I e II devem ser, respectivamente, uma fonte de tensão (ddp) contínua (poderia ser alternada) e um amperímetro (que, por apresentar uma resistência interna muito baixa, fecha o circuito).
