respostas das tarefas 2ª série

ENSINO MÉDIO
14
RESPOSTAS DAS TAREFAS
2ª SÉRIE
Biologia
Aulas 46 a 48
Sendo marrom dominante, o genótipo da rainha
era MP. Os gametas levam apenas um tipo de alelo,
portanto o cruzamento possível será:
Tarefa mínima
1.C
2.Tipo O: pessoas com essa tipagem só podem receber
sangue do mesmo tipo sanguíneo, portanto são apenas dois litros disponíveis.
Tipo A: pessoas com essa tipagem podem receber
sangue dos tipos O e A, portanto estão disponíveis,
no total, cinco litros (dois litros do tipo O e três do
tipo A).
Tipo B: pessoas com essa tipagem podem receber
sangue dos tipos O e B, portanto estão disponíveis,
no total, 10 litros (dois litros do tipo O e oito do
tipo B).
Tipo AB: pessoas com esse tipo podem receber sangue de qualquer tipagem sanguínea, portanto estão
disponíveis, no total, 18 litros (cinco litros de sangue tipo AB, três do tipo A, oito do tipo B e dois do
tipo O).
M
P
M
MM
MP
P
MP
PP
N
MN
PN
C
MC
PC
A
MA
PA
Basta ter um alelo M para que o filhote tenha
olho marrom, portanto a proporção de filhotes
com olhos marrons esperada (destacada em cinza
claro) é de 6 num total de 10 possibilidades. Então:
6/10 ou 3/5.
Apenas 30% dos ovos foram fertilizados, ou seja,
150. Porém a proporção se mantém. 3/5 de 150 são
90 filhotes. Deste modo, 90 filhotes terão olho
marrom.
3.B
Tarefa complementar
4.a)Como o fator é de dominância completa e o alelo
que condiciona Rh positivo é dominante em relação ao alelo que condiciona Rh negativo, o filho
deveria ser de um pai com Rh positivo.
b)Não, pois o nascimento de uma criança B é possível considerando o genótipo dos pais.
IA
IB
i
IAi
IBi
i
IAi
IBi
1.a)Para o senhor com sangue tipo O2, deveria ser
solicitado sangue dos tipos O1 ou O 2 ; para o
jovem com sangue tipo AB2, deveria ser solicitado
qualquer tipo de sangue com Rh negativo: A, B,
AB ou O.
b)
5.A mulher possui Rh negativo; já o marido, a criança
e o doador, Rh positivo.
6.B
Genótipos possíveis
A
IAIA ou IAi
B
IBIB ou IBi
AB
IAIB
O
ii
2.A
7.M1 . M . m
3.a)Resposta pessoal.
Possibilidade: Branco 5 B; Verde 5 V; Turquesa 5 T.
Padrão de dominância: B . V . T.
8.Nomearemos os alelos pelas suas iniciais. Portanto,
marrom 5 M; pérola 5 P; neve 5 N; creme 5 C e
amarelo 5 A.
SISTEMA ANGLO DE ENSINO
Fenótipo (tipo sanguíneo)
1
Ensino Médio zeta - 2a série
b)
Cruzamento
Prole
1) Branco (BB) 3 verde (V_)
Toda branca (B_)
2) Branco (BT) 3 branco (BT)
3 brancos (BB ou BT) : 1 turquesa (TT)
3) Verde (VT) 3 verde (VT)
3 verdes (VV ou VT) : 1 turquesa (TT)
4) Branco (BT) 3 turquesa (TT)
1 branco (BB ou BT) : 1 turquesa (TT)
5) Branco (BV) 3 branco (BV ou BT)
3 brancos (B_) : 1 verde (VV ou VT)
6) Branco (BV) 3 verde (VV ou VT)
1 branco : 1 verde
7) Branco (BT) 3 verde (VT)
2 brancos (BV ou BT) : 1 verde (VT) : 1 turquesa (TT)
8) Turquesa (TT) 3 turquesa (TT)
Toda turquesa (TT)
Aulas 49 e 50
Tarefa complementar
Tarefa mínima
1.Marcos tem tipo sanguíneo O2; seus pais pertencem
aos grupos A ou B, porém heterozigotos, e Rh negativo, por isso ele não pode receber sangue dos pais.
Os filhos de Marcos e os de Paulo não serão hemofílicos porque o gene para hemofilia é ligado ao cromossomo X, que virá das mães (como se trata de
meninos, eles receberão o cromossomo Y dos pais) e
não há casos de hemofilia entre os parentes biológicos das mães.
1.D
2.E
Considere os seguintes alelos: A (alta) e a (anã) / V
(vermelha) e v (amarela).
Pais: AAVV 3 aavv
F1: AaVv
F2: 9 (A_V_); 3 (a_vv); 3 (aaV_); 1 (aavv).
P (aaV_) 5 3/16 3 320 5 60.
Se o agricultor quiser sempre descendência anã com
frutos vermelhos, por autofecundação, as plantas
deverão ser homozigotas aaVV.
2.B
Ana será AaCcff e seu marido, aaccff.
P (olhos arredondados) 5 1/2
P (cílios compridos) 5 1/2
P (furinho) 5 1
P (olhos arredondados, cílios compridos e presença
de furinho no queixo) 5 1/2 3 1/2 3 1 5 1/4
3.A
Como o pai é do tipo sanguíneo AB1, apresenta
genótipo I A IB R_; a mãe é O2, logo tem genótipo iirr.
Portanto, nesta situação, só podem nascer filhos A
ou B, apesar de poderem ser tanto Rh positivo como
negativo.
3.a)A probabilidade de ter um descendente acondroplásico será de 1/2, pois o pai é aa e a mãe é Aa. A
probabilidade de o casal ter um descendente com
displasia é 1/2 se Amy for heterozigótica, ou zero
se ela for homozigótica.
b)A probabilidade é zero para ambas as anomalias.
Os filhos apresentarão o genótipo Ddaa.
4.C
Cada célula formará quatro espermatozoides. Ou seja,
as 80 células iniciais formarão 320 espermatozoides.
O número de gametas geneticamente diferentes
pode ser calculado elevando 2 à quantidade de genes
em heterozigose. Logo, 24, ou seja, 16 tipos diferentes
de gametas.
Portanto, dos 320 espermatozoides, 20 (320/16)
serão AbGm.
Aulas 51 e 52
Tarefa mínima
5.a)I. 4; II. 4; III. 2
b)
B →C→ d5ABCd
A
b →C→ d5AbCd
→
1.Galo crista noz – EeRr
Galinha A – eeRR (crista rosa)
Galinha B – eerr (crista simples)
Descendentes do 1o cruzamento:
EeRR ou EeRr – crista noz (50%)
eeRR ou eeRr – crista rosa (50%)
Descendentes do 2o cruzamento:
EeRr – crista noz (25%)
Eerr – crista ervilha (25%)
eeRr – crista rosa (25%)
eerr – crista simples (25%)
→
→
B →C→ d5 aBCd
a
b →C→ d5 abCd
→
6.C
Considere os seguintes alelos: m (miopia); M (visão
normal); f (fibrose cística); F (normalidade).
Mãe: mmFf
Pai: MmFf
P (feminina, M_F_) 5 1/2 3 1/2 3 3/4 5 3/16
SISTEMA ANGLO DE ENSINO
2
Ensino Médio zeta - 2a série
2.F1 – AaBb (branco)
F2 – 9/16 A_B_ (branco); 3/16 A_bb (amarelo); 3/16
aaB_ (branco); 1/16 aabb (verde) – 12 frutos brancos
: 3 frutos amarelos : 1 fruto verde
1 : 6 : 15 : 20 : 15 : 6 : 1, característica da distribuição
fenotípica de seis genes aditivos observada no triângulo de Pascal.
b)0,4 cm
3.B
6.a)Homem e mulher negros: ambos AABBDd
Menino albino: AABBdd
Mulher branca: aabbDd
Filhos mulatos intermediários: ambos AaBbDd
Filha albina: AaBbdd
b)Para esse casamento, esperam-se 50% de descendentes albinos, dos quais metade será do sexo
masculino.
c)A cor da pele é uma herança do tipo aditiva (quantitativa), em que dois pares de genes (A, a e B, b)
somam seus efeitos e determinam o fenótipo
definitivo.
4.B
5.C
6.E
7.E
8.B
9.C
7.a)Três pares = seis genes aditivos
b)Cada gene adiciona 25 g ao peso.
c)1/64 : 6/64 : 15/64 : 20/64 : 15/64 : 6/64 : 1/64
10.B
Tarefa complementar
1.Poderão ser formadas seis plantas púrpura (1 AABB,
2 AABb, 2 AaBb, 1 AaBB) e duas plantas vermelhas
(AAbb e Aabb). Assim, a proporção esperada é de 3
púrpura para 1 vermelha.
2.a)3/16
b)P /RRee 3 RrEe?
F1
↓
?
RE
/
Re
RREe
rE
Re
re
RrEe
RRee
Rree
Aulas 53 e 54
Tarefa mínima
1.a)O s genes estão localizados em cromossomos
diferentes.
b)Os genes estão ligados, ou seja, estão localizados
no mesmo cromossomo.
2.a)De acordo com a Segunda Lei de Mendel seriam
esperados 25% de cada fenótipo, ou seja, 40 indivíduos de cada tipo.
b)Os genes que determinam a cor das flores e a forma dos grãos de pólen estão ligados no mesmo
cromossomo, formando um grupo de linkage.
Proporção genotípica: 1 : 1 : 1 : 1
Proporção fenotípica: 2 noz : 2 rosa
3.a)O genótipo da fêmea mãe é Bbee. Trata-se de um
caso de interação do tipo epistasia recessiva, em
que a presença de dois genes recessivos (ee) inibe
a manifestação dos genes B e b, responsáveis, respectivamente, pela pigmentação preta ou
chocolate.
b)Cão preto: BbEe.
Filhote chocolate: bbEe.
O nascimento de filhotes dourados (­_ _ee) revela
a presença de um gene e no cão preto (pai). Filhotes chocolate (neste caso, bbEe) revelam a presença de um gene b nesse cão.
O filhote chocolate herdou o gene E do pai e o e
da mãe.
3.O caso 2, que ocorre quando os dois lócus estão
no mesmo cromossomo, com permuta gênica entre
eles. A proporção fenotípica 9 : 3 : 3 : 1 (caso 1) só
ocorre quando os dois lócus estão em cromossomos
diferentes.
4.a)O gene P não permutou com M porque, provavelmente, localiza-se muito próximo a ele, à sua direita ou à esquerda.
25 UR
M
O
15 UR
10 UR
b)Quanto maior a distância entre dois genes, maior
será a probabilidade de ocorrer permuta entre eles.
Entre genes muito próximos, a probabilidade de
ocorrer permuta é menor.
4.D
5.a)Há seis genes aditivos (três pares). Como na F 2 os
indivíduos extremos correspondem a 1/64, eles
participam de uma distribuição binomial de
SISTEMA ANGLO DE ENSINO
N
3
Ensino Médio zeta - 2a série
5.B
genótipos em maior quantidade e iguais aos parentais e dois tipos de genótipos em menor quantidade e recombinantes.
6.D
2.a)Os grupos 1 e 2 trabalharam com genes ligados no
mesmo cromossomo, já que a recombinação gênica (crossing-over) não ocorre entre genes localizados em cromossomos diferentes. O grupo 3 trabalhou com genes em cromossomos diferentes, uma
vez que taxa de permutação de 50% indica segregação independente.
b)Ligação fatorial (ou linkage) refere-se a genes situados linearmente no mesmo cromossomo. Genes próximos permutam com menor frequência,
genes mais distantes apresentam maior taxa de
recombinação. Deste modo, por meio da análise
das taxas de recombinação, é possível ter uma noção relativa das distâncias entre os genes ligados.
De posse das distâncias relativas podem-se, então,
elaborar mapas cromossômicos.
c)Os genes pesquisados pelo grupo G2 distam entre
si 14 unidades de recombinação (UR), pois permutam com uma frequência de 14%.
Tarefa complementar
1.a)O experimento a ser realizado consiste num cruzamento-teste que, nesse caso, envolve realizar o
cruzamento entre uma planta duplo heterozigótica de flor laranja e fruto de casca rugosa e uma
planta duplo recessiva de flor branca e fruto de
casca lisa.
b)Se a F1 desse cruzamento indicar quatro fenótipos
em proporções iguais, conclui-se que os genes para
os dois caracteres em estudo estão localizados em
cromossomos diferentes e se segregaram independentemente. Resultados na F1 distintos desse cruzamento indicariam que os genes estão ligados no
mesmo cromossomo. Nesse caso, poderia tratar-se
de uma ligação completa caso fossem observados
genótipos apenas com as combinações de alelos
parentais, sendo 50% de cada tipo, ou de ligação
incompleta caso fossem observados dois tipos de
SISTEMA ANGLO DE ENSINO
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